（20份合集）潍坊市2021年中考物理模拟试题

(20份合集)潍坊市2021年中考物理模拟试题 2021年中考物理模拟试题 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意。每小3分，共24分．）1．下列物量最接近实际的是（）
A．人体的正常体温是42℃ B．一只老母鸡的质量约为2.2kg C．乒乓球的直径约为8cm D．我国家庭照明电路的电压为36V 2．如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是（）
A． 房屋在水中的“倒影” B． 小鸟在镜中的”像” C． 日食的形成 D． 竹筷在水面处“折断” 3．下列现象中属于升华的是（）
A．放在衣柜中的卫生球慢慢消失 B．荷塘中荷叶上露珠的形成 C．嘉陵江上清晨轻盈的雾的形成 D．武隆仙女山上冰雪消融的过程 4．我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设和人民生活提供了强有力的保障。如果使用不当也会给我们带来危害，下列做法符合安全用电要求的是（）
A．手机充电器永久的插在插座上 B．断开电源后，再更换灯泡 C．使用测电笔时，手直接接触它的笔尖 D．家庭电路保险丝断了，用铜丝代替保险丝 5．如图所示的四个物理情景中，相应的描述正确的是（）
A． 建筑工人推的独轮车是费力杠杆 B． 用力未搬起石块，这个力做了功 C． 用吸管喝饮料时利用了大气压强 D． 雕刻刀的刀口很薄，是为了减小压强 6．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，灯泡L发光，移动滑动变阻器的滑片P，下列说法正确的是（）
A．向右移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数增大 B．向右移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数减小 C．向左移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数减小 D．向左移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数增大 7．部分农户在新建住房时，常利用如图所示的简易滑轮提升建材。在一次提升建材的过程中，建筑工人用400N 的拉力，将重600N的建材在10s内匀速提高3m。则下列判断正确的是（）
A．滑轮所做的有用功为1200J B．滑轮受到的重力为100N C．该滑轮的机械效率η=75% D．绳子自由端移动的速度大小为0.3m/s 8．水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，容器底面积为80cm2，用细线拴着体积为为100cm3的金属球沉入容器底，这时液体深度为10cm，它对容器底的压力为1.9N，如图所示。现将金属球从液体中取出，液体对容器底的压强改变了100Pa，从容器中取出金属球时，表面所沾液体与细线的体积均不计。则下列判断正确的是（）
A．金属球在液体中所受浮力大小为1N B．容器中液体所受重力大小为6.4N C．取出金属球后，容器对桌面的压强减小了100Pa D．金属球的密度为2.7×103kg/m3 二、填空作图（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）
9．（2分）生活中用铁锅加热菜油，菜油的温度很快升高，这是通过的方式增加了菜油的内能；
用热油炒菜时，远远的就闻到炒菜的香味，这是由于分子在永不停息的做运动。

10．（2分）图（甲）是我国早期的指南针﹣司南，它的S极与条形磁铁的N极相互（选填“排斥”或“吸引“）。2021年5月21日，我国发射了一颗名叫“鹊桥”的卫星，如图（乙）所示，该卫星在发射升空的过程中，若以“鹊桥”卫星为参照物，地面上的建筑物是（选填“运动”或”静止”）的。

11．（2分）如图所示的电路中，R1、R2为定值电阻，其中R1=10Ω．当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.4A．则电源电压为V；
当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大为1.2A．则R2消耗的电功率为W。

12．（2分）如图甲所示，底面积为100cm2的圆柱形容器中装满了水，底部.固定有一根体积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为0.6g/cm3的圆柱体A，容器的底部安装有阀门。现打开阀门控制水以50cm3/s流出，同时开始计时，水对容器底部的压力随时间变化的规律如图（乙）所示，则阀门未打开前水对容器底都的压强为Pa．当t=52s时，细杆对物体的作用力大小为N。

13．（2分）如图所示，是我国空军的舰﹣6K轰炸机，它是我国自主研发的新一代中远程型轰炸机。2021年5月19日，解放军空军出动轰﹣6K在我国的水兴岛进行起降训练。轰炸机在机场跑道上启动，加速滑行一段距离后腾空而起，飞向5000米左右的高空，在蓝天翱翔一段时间后，完成既定任务，成功返回机场，继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位。

请结合上述情景找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复。

示例：物理信息：轰炸机腾空而起；

物理知识：空气对轰炸机产生的升力大于重力。

作答：物理信息：
物理知识：
14．（1分）请按要求完成下列作图：
在图中，画出平行于凸选镜主光轴的入射光线AB经透镜折射后的光线。

15．（1分）如图所示，是小磁针放在通电螺线管右端静止时的情形，在螺线管左侧的虚线框内标出导线中电流的方向。

三、实验探究题（本题共3个小题，16小题2分，17小题3分、18小题8分，19小题9分，共22分）
16．（2分）小华同学在做“观察水的沸腾”实验中：
①小华加热水的过程中，观察到温度计示数如图（甲）所示，则此时水的温度为℃。

②小华把水温加热到90℃开始计时，每过1min观察并记录一次水温，观察到水沸腾后继续加热一段时间。他画出的温度一时间图象如图（乙）所示。由此可得出，水在沸过程中要继续吸热，但温度（选填”升高””降低“或”不变”）。

17．如图所示，是小顺同学利用两支外形相同的蜡烛、透明玻璃板、木板、白纸和铅笔等器材”探究平面成像特点”的装置。

①为了便于观察，该实验最好在较（选填“明亮”或“黑暗”）的环境中进行。

②选取相同的蜡烛，是为了便于比较像和物体的关系。

③在玻璃板的后面放一个光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛的像，这说明平镜所成的是（选填“实”或“虚”）像。

18．（8分）小丽同学在“测量鸡蛋的密度”实验中，进行了以下操作：
（1）将天平放在桌面上，在天平托盘中分别放入不吸水的纸，把游码移到零刻度线处，指针静止后的情形如图（甲）所示。要使横梁平衡，应将横梁上的平横螺母向（选填”左”或”右”）调，直至天平平衡。接着将鸡放在天平的左盘，在右盘加减砝码、移动游码直到天平重新复平衡，所加砝码的质量和游码的位置如图（乙）所示，则被测鸡蛋的质量为g。

（2）因可供选择的量筒口径较小，鸡蛋无法放入，小丽自制了一个溢水杯，采用如图（丙）所示的方法测量鸡蛋的体积，其具体做法是：先在溢水杯中加水，直到水面恰好与溢水口相平，把量筒放在水溢水口下方，将鸡蛋慢慢放入水杯中，鸡蛋最终沉入水底，量筒收集完从溢水杯溢出的水后，示数如图（丙）所示。他所使用量筒的分度值为cm3，在读取量筒中水的体积时，视线与液面（选填”相平”或“不相平”），鸡蛋的体积为cm3。

（3）被测鸡蛋的密度为g/cm3。

（4）若小丽用上述方法先测出鸡量的体积V，再取出溢水杯中的鸡蛋，放在天平的左盘，称出它的质量为m，然后利用ρ=计算出鸡蛋的密度。用种方法测得鸡蛋的密度与真实值相比会。（选填“偏大”“偏小”或”一样“）。

19．（9分）在探究“通过导体中的电流与电阻的关系”实验中，所用电源电压恒为10V．已有的5个定值电阻的阻值分别为20Ω、30Ω、40Ω、50Ω、60Ω。

（1）根据图（甲）所示电路，用笔画线代替导线将图（乙）所示的实物电路连接完整。（导线不交叉）
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最（选填“左”或“右”）端。闭合开关后，发现电流表针指针无偏转，电压表指针有明显偏转，原因可能是电阻R （选填“短路”或“断路“）。

（3）在实验中，先接入20Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置时，观察到电流表、电压表指针位置如图（甲）、（乙）所示，则电流表示数为A，电压表示数为V，接下来用30Ω代替20Ω的电阻做实验时，应将滑动变阻器的滑片P从上一位置向（选填“左”或”右”）滑动。

（4）为了完成实验探究，依次将剩下的3个定值电阻分别接入图（乙）的电路中，替换前一次接入的定值电阻，调节滑动变器的滑片P至合适位置，再读出电流表的示数，计算出每次接入的定值电阻R的倒数，以电阻的倒数 为横坐标，电流I为纵坐标，在坐标系中描点并作出I﹣图线，如图（丙）所示。由I﹣图线可初步得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体电阻的倒数成比；
由此进一步得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成比。

（5）上述实验中所选滑动变阻器的最大阻值至少为Ω。

四、论述计算题（本共3个小题，20小题6分、21小题8分、22小题8分，共22分．解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能分．）
20．（6分）如图所示的电路中，定值电阻R1=40Ω，R2=20Ω，电压表示数为10V．求：
（1）通过R2的电流；

（2）通电300s，电流通过R1所做的功。

21．（8分）如图所示，是我市著名民营企业生产的力帆100E型电动微型轿车。轿车载着乘客在水平公路上匀速直线行驶1min所通过的路程为720m。已知轿车总质量m=600kg，受到的阻力f大小恒为轿车重量的0.1倍，轮胎与路面接触的总面积S=3×10﹣2m2．求：
（1）轿车行驶的速度大小。

（2）轿车对路面产生的压强。

（3）牵引力对轿车做功的功率。

22．（8分）某品牌电热水器有慢加热、快加热和保温三个工作状态。铭牌上的部分参效如下表所示，其中快加热功率参数模糊不清，它能够把水加热到的最高温度为75℃．简化电路如图所示，R1、R2均为加热电阻〔温度对电阻的影响忽略不计）。若电热水器中已装满质量为40kg、温度为25℃的水。请完成下列问题：[已知水的比热容c=4.2×103J/（kg?℃）〕 （1）用该电热水器把水加热到最高温度，水需要吸收的热量。

（2）开关S1闭合，S2接b，电热水器处于慢加热工作状态，求R1的阻值。

（3）若加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度，用快加热比用慢加热节约多少秒？（结果保留整数）
参考答案 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意。每小3分，共24分．）
1．下列物量最接近实际的是（）
A．人体的正常体温是42℃ B．一只老母鸡的质量约为2.2kg C．乒乓球的直径约为8cm D．我国家庭照明电路的电压为36V 【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；

B、一只老母鸡的质量在2kg左右，2.2kg接近此数值。故B符合实际；

C、标准乒乓球的直径为4cm。故C不符合实际；

D、我国家用电器的额定电压都是220V，与之配套的家庭电路电压也是220V．故D不符合实际。

故选：B。

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

2．如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是（）
A． 房屋在水中的“倒影” B． 小鸟在镜中的”像” C． 日食的形成 D． 竹筷在水面处“折断” 【分析】（1）（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；

（3）光在同种均匀物质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像、日食月食的形成、影子的形成等；

（4）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、竹筷在水面处“折断”等。

【解答】解：AB、房屋在水中的“倒影”、小鸟在镜中的”像”是光的反射现象，故AB错误；

C、日食是光的直线传播形成的，故C错误；

D、水中筷子“折断”是由光的折射形成的。故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了应用光传播的知识解释生活中的现象，判断生活中的光现象是比较常见的题目，属于基础题，要会区分光现象是属于光的直线传播、光的反射、光的折射中的哪种。

3．下列现象中属于升华的是（）
A．放在衣柜中的卫生球慢慢消失 B．荷塘中荷叶上露珠的形成 C．嘉陵江上清晨轻盈的雾的形成 D．武隆仙女山上冰雪消融的过程 【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；
物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；
物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。

【解答】解：A、放在衣柜中的卫生球慢慢消失，是由固态直接变为气态，属于升华现象，故A符合题意；

B、露珠空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B不合题意；

C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故C不合题意；

D、冰雪消融，是由固态变为液态，属于熔化现象，故D不合题意。

故选：A。

【点评】此题考查的是生活中的物态变化的判断，这是中考必考的一个知识点，需要掌握。

4．我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设和人民生活提供了强有力的保障。如果使用不当也会给我们带 来危害，下列做法符合安全用电要求的是（）
A．手机充电器永久的插在插座上 B．断开电源后，再更换灯泡 C．使用测电笔时，手直接接触它的笔尖 D．家庭电路保险丝断了，用铜丝代替保险丝 【分析】（1）充电器长时间插在电源插孔上会发热，引起安全事故；

（2）维修电器或更换灯泡，应先切断电源；

（3）使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体；

（4）保险丝是采用电阻大熔点低的材料制成的，当电流过大时可以切断电路，起到保护作用。

【解答】解：
A、充电器长时间插在电源插孔上会发热，引起线路安全事故，故A错误；

B、更换灯泡时，要先切断电源，然后再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故B正确；

C、使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体，不能接触笔尖的金属体，故C错误；

D、家庭电路的保险丝断了，不能用铜丝代替，是因为铜的熔点高，当电流过大时不能熔断，不符合安全用电原则，故D错误。

故选：B。

【点评】此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。5．如图所示的四个物理情景中，相应的描述正确的是（）
A． 建筑工人推的独轮车是费力杠杆 B． 用力未搬起石块，这个力做了功 C． 用吸管喝饮料时利用了大气压强 D． 雕刻刀的刀口很薄，是为了减小压强 【分析】（1）根据力臂的大小判断杠杆的种类；

（2）做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；
②物体在力的方向上通过的距离。两个条件缺一不可；

（3）用吸管吸饮料是利用了大气压强。

（4）固体压强的大小与压力大小和受力面积的大小有关，在压力一定时，可以通过减小受力面积的方式来增大压强。

【解答】解：
A、人推独轮车运送货物时，动力臂大于阻力臂，独轮车是省力杠杆，故A错误；

B、用力搬石头但没有搬起，有力无距离，没有做功，故B错误；

C、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故C正确；

D、雕刻刀的刀口很薄，是通过减小受力面积来增大压强，故D错误。

故选：C。

【点评】本题为力学综合题，考查了杠杆分类、做功的必要因素、大气压的应用和增大压强的方法，属于基础题目。

6．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，灯泡L发光，移动滑动变阻器的滑片P，下列说法正确的是（）
A．向右移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数增大 B．向右移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数减小 C．向左移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数减小 D．向左移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数增大 【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端的电压；
根据 滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化。

【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端的电压；
（1）将滑动变阻器的滑片P从左向右滑动的过程中，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；

根据I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；

根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小， 根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大。故A正确，B错误；

（2）将滑动变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；

根据I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大， 根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小。故CD错误 故选：A。

【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，关键明白滑片移动的过程中电路的变化情况，这是本题的难点也是重点。

7．部分农户在新建住房时，常利用如图所示的简易滑轮提升建材。在一次提升建材的过程中，建筑工人用400N 的拉力，将重600N的建材在10s内匀速提高3m。则下列判断正确的是（）
A．滑轮所做的有用功为1200J B．滑轮受到的重力为100N C．该滑轮的机械效率η=75% D．绳子自由端移动的速度大小为0.3m/s 【分析】（1）知道重物重和上升的高度，利用W=Gh求有用功；

（2）不计摩擦和绳重时，可以根据G动=nF﹣G物来计算动滑轮的重；

（3）由图知，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h，知道拉力大小，利用W=Fs求总功；
再利用效率公式求滑轮组的机械效率；

（4）由n=2可得，绳子自由端移动的速度是物体上升速度的2倍，据此解答。

【解答】解：
A、滑轮所做的有用功：W有用=Gh=600N×3m=1800J，故A错误；

B、不计摩擦和绳重时，动滑轮的重：G动=nF﹣G物=2×400N﹣600N=200N，故B错误；

C、由图知，n=2，s=nh=2×3m=6m，W总=Fs=400N×6m=2400J，滑轮组的机械效率：η==×100%=75%，故C正确；

D、由图知，绳端移动的距离s=nh=2×3m=6m，则绳子自由端移动的速度大小为v===0.6m/s，故D错误。

故选：C。

【点评】本题考查了计算动滑轮的有用功、总功、机械效率等，熟悉基本公式和原理可顺利解答，难度不大。

8．水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，容器底面积为80cm2，用细线拴着体积为为100cm3的金属球沉入容器底，这时液体深度为10cm，它对容器底的压力为1.9N，如图所示。现将金属球从液体中取出，液体对容器底的压强改变了100Pa，从容器中取出金属球时，表面所沾液体与细线的体积均不计。则下列判断正确的是（）
A．金属球在液体中所受浮力大小为1N B．容器中液体所受重力大小为6.4N C．取出金属球后，容器对桌面的压强减小了100Pa D．金属球的密度为2.7×103kg/m3 【分析】（1）根据浮力公式，求出浮力大小。

（2）求出液体的密度，根据G=mg=ρVg求出液体的重力；

（3）根据p=ρ液gh求出压强变化量；

（4）根据浮力、重力的关系，求出金属球的密度。

【解答】解：ACD、取出小球后，液面下降△h==1.25cm=0.0125m， △p=ρ液g△h=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.0125m=100Pa；
将金属球从液体中取出，液体对容器底的压强改变了 100Pa，故C正确；

△p=ρ液g△h=ρ液g， 代入数据，△h==1.25cm=0.0125m， 100Pa=ρ液×10N/kg×0.0125m， ρ液=0.8×103kg/m3；

金属球沉入容器底，它对容器底的压力为G球﹣F浮=1.9N， ρ球gV球﹣ρ液gV球=1.9N， （ρ球﹣ρ液）gV球=1.9N， ρ球﹣ρ液==1.9×103kg/m3， ρ球=ρ液+1.9×103kg/m3， ρ球=0.8×103kg/m3+1.9×103kg/m3=2.7×103kg/m3，故D正确；

因为小球浸没在液体中，所以V排=V球，金属球在液体中所受浮力大小F浮=ρ液gV排=ρ液gV球=0.8×103kg/m3×10N/kg ×1×10﹣4m3=0.8N；
故A错误 B、容器中液体体积为V液=Sh﹣100cm3=80cm3×10cm﹣100cm3=700cm3=7×10﹣4m3， G液=m液g=ρ液V液g=0.8×103kg/m3×7×10﹣4m3×10N/kg=5.6N；
故B错误。

故选：CD。

【点评】本题考查浮力计算公式，重力公式，压强公式的应用是一道综合题难度较大。

二、填空作图（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）
9．（2分）生活中用铁锅加热菜油，菜油的温度很快升高，这是通过热传递的方式增加了菜油的内能；
用热油炒菜时，远远的就闻到炒菜的香味，这是由于分子在永不停息的做无规则运动。

【分析】改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。

物体的分子是在不停的做无规则运动的，而且分子运动的快慢和物体的温度高低有关系，温度越高，分子运动越剧烈。

【解答】解：炒菜时，铁锅加热菜油，是通过热传递的方式改变了油的内能。

炒菜时，温度很高，炒菜的芳香分子运动剧烈，扩散到空气中，远远的就闻到炒菜的香味，表明分子不停地做无规则运动。

故答案为：热传递；
无规则。

【点评】本题考查了学生对改变物体内能两种方法和热运动知识的了解与掌握，属于基础题目。

10．（2分）图（甲）是我国早期的指南针﹣司南，它的S极与条形磁铁的N极相互吸引（选填“排斥”或“吸引“）。2021年5月21日，我国发射了一颗名叫“鹊桥”的卫星，如图（乙）所示，该卫星在发射升空的过程中， 若以“鹊桥”卫星为参照物，地面上的建筑物是运动（选填“运动”或”静止”）的。

【分析】（1）根据磁极间的相互作用可判断与小磁针的相互作用情况。

（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

【解答】解：（1）指南针﹣司南的S极与条形磁铁的N极靠近时，它们是异名磁极，会互相吸引。

（2）以“鹊桥”卫星为参照物，地面上的建筑物与卫星之间的位置不断发生变化，所以是运动的。

故答案为：吸引；
运动。

【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律以及运动与静止的相对性，其中知道同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引是解题的关键。

11．（2分）如图所示的电路中，R1、R2为定值电阻，其中R1=10Ω．当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.4A．则电源电压为 4 V；
当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大为1.2A．则R2消耗的电功率为 3.2 W。

【分析】（1）只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；

（2）当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用P=UI求出R2消耗的电功率。

【解答】解：（1）只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路， 由I=可得，电源电压：
U=I1R1=0.4A×10Ω=4V；

（2）当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流， 因为并联电路各支路独立工作、互不影响， 所以通过R1的电流不变，仍为0.4A， 因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以通过R2的电流：
I2=I﹣I1=1.2A﹣0.4A=0.8A， 因为并联电路各支路两端的电压相等， R2消耗的电功率：
P2=U2I2=4V×0.8A=3.2W。

故答案为：4；
3.2。

【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会分析再闭合开关S2后通过R1的电流不变，是一道基础题目。

12．（2分）如图甲所示，底面积为100cm2的圆柱形容器中装满了水，底部.固定有一根体积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为0.6g/cm3的圆柱体A，容器的底部安装有阀门。现打开阀门控制水以50cm3/s流出，同时开始计时，水对容器底部的压力随时间变化的规律如图（乙）所示，则阀门未打开前水对容器底都的压强为5000 Pa．当t=52s时，细杆对物体的作用力大小为0.8 N。

【分析】（1）由图乙知，当t=0，水对容器底部的压力为50N，根据p=求阀门未打开前水对容器底都的压强；
（2）由图乙知，分别求出在0﹣40s，40s﹣64s 64s﹣84s三个时间段流出的水量，即各阶段减小的水的体积，根据h=，可分别求出1、3阶段水下降的高度；

根据压强公式求出在放水前容器盛满水时的深度，可得出圆柱体A的高度；

根据数学公式可得出A的底面积，从而得出A的体积；

根据从第40s到第52s流出水的体积得出水面下降的高度，从而得出A排开水的体积，由阿基米德原理，求出此时A受到的浮力，根据G=ρA gV A求出A的重力，比较重力其受到的浮力大小主，根据力的平衡求出细杆施加的作用。【解答】解：（1）由图乙知，当t=0，水对容器底部的压力为50N，则阀门未打开前水对容器底都的压强为：
p===5000Pa；

（2）由图乙知，在0﹣40s，40s﹣64s 64s﹣84s三个时间段，水对容器底部的压力随时间变化的规律分别为一直线，第1阶段流出的水量：
V1=40s×50cm3/s=2021cm3；

第2阶段流出的水量：
V2=24s×50cm3/s=1200cm3；

第3阶段流出的水量：
V3=20s×50cm3/s=1000cm3；

即各阶段减小的水的体积，如下图1所示：
根据h=，可分别求出1、3阶段水下降的高度分别为：
h1=20cm，h3=10cm， 因在放水前，对容器底部的压强为5000Pa，故容器盛满水时的深度：
h容===0.5m﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，故 圆柱体A的高度：
h A=50cm﹣20cm﹣10cm=20cm， 在第2个阶段，有（S﹣S A）h容=（100cm2﹣S A）h A=1200cm3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，由①②，故A的底面积为：
S A=40cm2， 故A的体积：
V A=S A h A=40cm2×20cm=800cm3， 从第40s到第52s流出水的体积为：
V21=12s×50cm3/s=600cm3， 即水面下降了10cm， A排开水的体积：
V排=h′S A=10cm×40cm2=400cm3 由阿基米德原理，此时A受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×400×10﹣6m3=4N；

A的重力：
G=ρA gV A=0.6×103kg/m3×10N/kg×800×10﹣6m3=4.8N，因重力大于其受到的浮力，故A还受到一个细杆施加的竖直向上的力T的作用，根据力的平衡：
T=G﹣F浮=4.8N﹣4N=0.8N。

故答案为：5000；
0.8。

【点评】本题考查压强公式、阿基米德原理、力的平衡等知识的运用，关键根据图乙找出放水的三个对应的阶段。

13．（2分）如图所示，是我国空军的舰﹣6K轰炸机，它是我国自主研发的新一代中远程型轰炸机。2021年5月19日，解放军空军出动轰﹣6K在我国的水兴岛进行起降训练。轰炸机在机场跑道上启动，加速滑行一段距离后腾空而起，飞向5000米左右的高空，在蓝天翱翔一段时间后，完成既定任务，成功返回机场，继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位。

请结合上述情景找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复。

示例：物理信息：轰炸机腾空而起；

物理知识：空气对轰炸机产生的升力大于重力。

作答：物理信息：加速滑行一段距离后腾空而起 物理知识：动能增加，重力势能增加，机械能增加 【分析】（1）影响动能因素：质量和速度；
重力势能的因素：质量和高度；

（2）惯性是保持物体运动状态不变的性质。

【解答】解：（1）物理信息：加速滑行一段距离后腾空而起；

物理知识：动能增加，重力势能增加，机械能增加；

（2）物理信息：继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位；

物理知识：继续沿跑道滑行一段距离是由于轰炸机具有惯性。

故答案为：加速滑行一段距离后腾空而起；
动能增加，重力势能增加，机械能增加。

【点评】本题以轰炸机为背景，考查了影响动能和和重力和势能的因素以及惯性的知识，是一道理论联系实际的好题。

14．（1分）请按要求完成下列作图：
在图中，画出平行于凸选镜主光轴的入射光线AB经透镜折射后的光线。

【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。

【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：
【点评】凸透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。

15．（1分）如图所示，是小磁针放在通电螺线管右端静止时的情形，在螺线管左侧的虚线框内标出导线中电流的方向。

【分析】由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向。

【解答】解：
因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右侧为S极、左侧为N极；

由右手螺旋定则可知螺线管中电流由右侧流入、左侧流出；
如图所示：
【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向 三、实验探究题（本题共3个小题，16小题2分，17小题3分、18小题8分，19小题9分，共22分）
16．（2分）小华同学在做“观察水的沸腾”实验中：
①小华加热水的过程中，观察到温度计示数如图（甲）所示，则此时水的温度为87 ℃。

②小华把水温加热到90℃开始计时，每过1min观察并记录一次水温，观察到水沸腾后继续加热一段时间。他画出的温度一时间图象如图（乙）所示。由此可得出，水在沸过程中要继续吸热，但温度不变（选填”升高”” 降低“或”不变”）。

【分析】（1）先看清温度计的分度值再读数；

（2）水沸腾时达到沸点，不断吸热，但温度不变。

【解答】解：（1）温度计的分度值是1℃，示数为87℃；

（2）由图象乙知：水在沸腾过程中虽然吸热但温度保持不变。

故答案为：（1）87；
（2）不变。

【点评】水的沸腾实验是初中热学中一个重要的实验，从图象上找到水沸腾的特点是解题的关键。

17．如图所示，是小顺同学利用两支外形相同的蜡烛、透明玻璃板、木板、白纸和铅笔等器材”探究平面成像特点”的装置。

①为了便于观察，该实验最好在较黑暗（选填“明亮”或“黑暗”）的环境中进行。

②选取相同的蜡烛，是为了便于比较像和物体的大小关系。

③在玻璃板的后面放一个光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛的像，这说明平镜所成的是虚（选填“实”或“虚”）像。

【分析】（1）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；
（2）实验时选择两个相同的蜡烛，便于比较物与像的大小关系；

（3）平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。

【解答】解：
（1）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮，所以最比较黑暗的环境中进行实验；

（2）实验时应选取两支外形相同的蜡烛，便于比较物与像的大小关系；

（3）因为光屏只能接收实像，不能接受虚像，而平面镜成的是虚像，所以在玻璃板后放一光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛的像。

故答案为：（1）黑暗；
（2）大小；
（3）虚。

【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。

18．（8分）小丽同学在“测量鸡蛋的密度”实验中，进行了以下操作：
（1）将天平放在水平桌面上，在天平托盘中分别放入不吸水的纸，把游码移到零刻度线处，指针静止后的情形如图（甲）所示。要使横梁平衡，应将横梁上的平横螺母向右（选填”左”或”右”）调，直至天平平衡。接着将鸡放在天平的左盘，在右盘加减砝码、移动游码直到天平重新复平衡，所加砝码的质量和游码的位置如图（乙）所示，则被测鸡蛋的质量为42 g。

（2）因可供选择的量筒口径较小，鸡蛋无法放入，小丽自制了一个溢水杯，采用如图（丙）所示的方法测量鸡蛋的体积，其具体做法是：先在溢水杯中加水，直到水面恰好与溢水口相平，把量筒放在水溢水口下方，将鸡蛋慢慢放入水杯中，鸡蛋最终沉入水底，量筒收集完从溢水杯溢出的水后，示数如图（丙）所示。他所使用量筒的分度值为 2 cm3，在读取量筒中水的体积时，视线与液面相平（选填”相平”或“不相平”），鸡蛋的体积为40 cm3。

（3）被测鸡蛋的密度为 1.05 g/cm3。

（4）若小丽用上述方法先测出鸡量的体积V，再取出溢水杯中的鸡蛋，放在天平的左盘，称出它的质量为m，然后利用ρ=计算出鸡蛋的密度。用种方法测得鸡蛋的密度与真实值相比会偏大。（选填“偏大”“偏小”或”一样“）。

【分析】（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处。当指针恰好指在分度盘的.或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；
指针向左偏，平衡螺母向右调；
指针向右偏，平衡螺母向左调；

观察标尺上的分度值，物体的质量=砝码的质量+游码的读数；

（2）用量筒量取液体时，量筒要放平，读数时视线应与凹液面的最低处相平；
因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积等于鸡蛋排水水的体积；

（3）利用密度公式可求得鸡蛋的密度；

（4）先测出物体的体积，再用天平测其质量，这样物体上会沾有水，使得质量的测量值偏大，再根据密度公式得出密度的测量值偏大还是偏小。

【解答】解：（1）将天平放在水平台面上，把游码移到标尺的零刻线处，调节天平横梁平衡时，指针指在分度盘.刻度线的左侧，说明左盘较重，应当将横梁上的平衡螺母向右调节，直至平衡。

图乙中天平标尺的分度值为0.2g，盐水和烧杯的总质量为20g+20g+2g=42g；

（2）如图丙所示的量筒分度值为2cm3，量筒读数，视线应该与量筒内凹液面的底部相平，由图丙所示量筒可知，鸡蛋排开水的体积V排=40cm3， 因为鸡蛋沉底，所以鸡蛋的体积V=V排=40cm3， （3）鸡蛋的密度ρ===1.05g/cm3， （4）若先测出鸡量的体积V，再用天平测其质量，这样鸡蛋上会沾有水，使得鸡蛋质量的测量值偏大，由密度公 式ρ=可知，密度的测量值偏大。

故答案为：（1）水平；
右；
42；
（2）2；
相平；
40；
（3）1.05；
（4）偏大。

【点评】此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、密度计算公式、误差分析和实验步骤的设计等知识的理解和掌握，难易程度适中。

19．（9分）在探究“通过导体中的电流与电阻的关系”实验中，所用电源电压恒为10V．已有的5个定值电阻的阻值分别为20Ω、30Ω、40Ω、50Ω、60Ω。

（1）根据图（甲）所示电路，用笔画线代替导线将图（乙）所示的实物电路连接完整。（导线不交叉）
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最右（选填“左”或“右”）端。闭合开关后，发现电流表针指针无偏转，电压表指针有明显偏转，原因可能是电阻R 断路（选填“短路”或“断路“）。

（3）在实验中，先接入20Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置时，观察到电流表、电压表指针位置如图（甲）、（乙）所示，则电流表示数为0.4 A，电压表示数为8 V，接下来用30Ω代替20Ω的电阻做实验时，应将滑动变阻器的滑片P从上一位置向右（选填“左”或”右”）滑动。

（4）为了完成实验探究，依次将剩下的3个定值电阻分别接入图（乙）的电路中，替换前一次接入的定值电阻，调节滑动变器的滑片P至合适位置，再读出电流表的示数，计算出每次接入的定值电阻R的倒数，以电阻的倒数 为横坐标，电流I为纵坐标，在坐标系中描点并作出I﹣图线，如图（丙）所示。由I﹣图线可初步得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体电阻的倒数成正比；
由此进一步得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。

（5）上述实验中所选滑动变阻器的最大阻值至少为15 Ω。

【分析】（1）电压表与电阻并联，电流表、滑动变阻器与电阻串联，滑动变阻器要接一上一下；

（2）开关闭合前，滑动变阻器应连入最大电阻，保护电路；
根据电流表无示数和电压表有示数进行分析具体原因；
（3）根据电流表、电压表量程、分度值以及指针的位置读出电流表和电压表示数；
根据串联电路的分压特点，换接电阻后，应保持电压表的示数不变，根据串分压的知识判断滑片的移动方向；

（4）根据图象分析得出电流与电阻的反比例关系；

（5）根据串分压的知识，当电阻的阻值最大时，所需滑动变阻器的阻值最大。

【解答】解：
（1）滑动变阻器与定值电阻串联，滑动变阻器要“一上一下”连接，如图所示：
（2）为了保护电路，开关闭合前，应将滑片P移到阻值最大处；
由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大端即右端；

闭合开关后，电流表指针无偏转，说明电路中可能存在断路故障；
而电压表指针有明显偏转，则电压表与电源两极相连通，则说明与电压表并联部分发生断路，原因可能是电阻R断路；

（3）根据图示可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表示数为0.4A；

电压表的量程为0～15V，其分度值为0.5V，由图知，电压表示数为8V；

在探究“通过导体中的电流与电阻的关系”实验中，应保持电压表的示数不变；
将20Ω电阻换成30Ω后，根据 串联电路的分压特点，则电压表的示数会变大，要保持电压表的示数不变（即电压表示数减小为原来的值），所以应该增大变阻器两端的电压，增大变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片P向右端移动；

（4）根据描绘出的I﹣图线，可以看出通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，由此进一步得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。

（5）根据串联分压的知识，当电阻的阻值最大为60Ω时，所需滑动变阻器的阻值最大， 此时电路中电流：I===A；

所以滑动变阻器的最大阻值至少为：R滑===15Ω；

故答案为：
（1）见上图；
（2）右；
断路；
（3）0.4；
8；
右；
（4）正；
反；
（5）15。

【点评】题是探究通过电阻的电流与电阻大小的关系实验，涉及到电路图的连接、电路故障的分析、滑动变阻器的使用、电流表电压表的读数、串联电路的特点、欧姆定律的应用和控制变量法的应用，涉及的知识点较多，要深入理解和熟练掌握。

四、论述计算题（本共3个小题，20小题6分、21小题8分、22小题8分，共22分．解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能分．）
20．（6分）如图所示的电路中，定值电阻R1=40Ω，R2=20Ω，电压表示数为10V．求：
（1）通过R2的电流；

（2）通电300s，电流通过R1所做的功。

【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压。根据欧姆定律求出通过R2的电流；

（2）根据串联电路的电流特点，利用W=I2Rt可求通电300s，电流通过R1所做的功。

【解答】解：（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压。

根据欧姆定律可得，通过R2的电流：
I2===0.5A；

（2）串联电路中各处的电流相等，则通过R1的电流I1=I2=0.5A， 通电300s，电流通过R1所做的功：
W1=I12R1t=（0.5A）2×40Ω×300s=3000J。

答：（1）通过R2的电流为0.5A；

（2）通电300s，电流通过R1所做的功为3000J。

【点评】本题考查了串联电路的特点、电功的计算和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。

21．（8分）如图所示，是我市著名民营企业生产的力帆100E型电动微型轿车。轿车载着乘客在水平公路上匀速直线行驶1min所通过的路程为720m。已知轿车总质量m=600kg，受到的阻力f大小恒为轿车重量的0.1倍，轮胎与路面接触的总面积S=3×10﹣2m2．求：
（1）轿车行驶的速度大小。

（2）轿车对路面产生的压强。

（3）牵引力对轿车做功的功率。

【分析】（1）根据速度的计算公式v=，求出汽车速度；

（2）汽车对水平地面的压力等于它的重力，应用压强公式p=可以求出汽车对地面的压强；

（3）利用阻力和重力的关系求出阻力，然后根据二力平衡可得牵引力，已知牵引力和行驶距离，可以得到牵引力做的功；
已知牵引力做的功和所用时间，可以得到功率。

【解答】解：
（1）轿车的速度：v===43.2km/h；

（2）轿车对水平地面的压力：
F=G=mg=600kg×10N/kg=6×103N；

轿车对地面的压强：
p===2×105Pa；

（3）轿车受到的阻力：
f=0.1G=0.1×6×103N=600N， 轿车匀速直线行驶，则牵引力：F牵=f=600N， 牵引力做的功：
W=Fs=600N×720m=4.32×105J， 牵引力做功的功率：
P===7200W=7.2kW。

答：（1）轿车行驶的速度大小为43.2km/h；

（2）轿车对路面产生的压强为2×105Pa；

（3）牵引力对轿车做功的功率为7.2kW。

【点评】本题考查了速度公式、功、功率计算公式，综合性较强，解答的关键是熟悉基本公式，根据需要作出选择或变形。

22．（8分）某品牌电热水器有慢加热、快加热和保温三个工作状态。铭牌上的部分参效如下表所示，其中快加热功率参数模糊不清，它能够把水加热到的最高温度为75℃．简化电路如图所示，R1、R2均为加热电阻〔温度对电阻的影响忽略不计）。若电热水器中已装满质量为40kg、温度为25℃的水。请完成下列问题：[已知水的比热容c=4.2×103J/（kg?℃）〕 （1）用该电热水器把水加热到最高温度，水需要吸收的热量。

（2）开关S1闭合，S2接b，电热水器处于慢加热工作状态，求R1的阻值。

（3）若加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度，用快加热比用慢加热节约多少秒？（结果保留整数）
【分析】由电路图可知，开关S1闭合、S2接a时，R1与R2并联；
开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路；
开关S1断开、S2接a时，电路断路；
开关S1断开、S2接b时，R1与R2串联，根据P=UI=可知，电路中的电阻越小，电路的总功率越大，据此判断电热水器的档位。

（1）根据Q=cm△t计算把水加热到最高温度，水需要吸收的热量；

（2）开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，电热水器处于慢加热档，根据P=求出电阻R1的阻值；
（3）根据并联电路的电阻特点，可求得R1与R2并联时的总电阻，然后利用P=求出快加热功率，根据加热电阻产生的热量有84%被水吸收，可求得消耗的电能：用慢加热消耗的电能与用快加热消耗的电能相同，然后利用P=公式变形分别求得快加热和用慢加热所用时间，然后可得出结论。

【解答】解：
（1）水需要吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×40kg×（75℃﹣25℃）=8.4×106J；

（2）开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，电热水器处于慢加热档， 由P=可得，电阻R1的阻值：
R1===40Ω；

（3）开关S1断开、S2接b时，R1与R2串联，电路中电阻最大，总功率最小，电热水器处于保温档， 此时电路的总电阻：
R串===80Ω， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，R2的阻值：
R2=R串﹣R1=80Ω﹣40Ω=40Ω；

开关S1闭合、S2接a时，R1与R2并联，电路中电阻最小，总功率最大，电热水器处于快加热档；

由电阻的并联可得：=+， 即=+， 解得R并=20Ω， 则快加热功率：P快加热===2420W， 加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度， 则由η=可得，消耗的电能：
W===1×107J， 分别用慢加热档和快加热档加热时，水吸收的热量不变、且热效率也不变，所以用两档加热时消耗的电能相同， 都为W=1×107J， 由P=可得，用快加热所用的时间：
t快==≈4132s；

由P=可得，用慢加热所用的时间：
t慢==≈8264s；

则用快加热比用慢加热节约的时间：△t=t慢﹣t快=8264s﹣4132s=4132s。

答：（1）用该电热水器把水加热到最高温度，水需要吸收的热量为8.4×106J。

（2）R1的阻值为40Ω；

（3）用快加热比用慢加热节约4132s。

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的应用，关键是判断出电热水器处于不同档位时电路的连接方式是关键。

2021年中考物理模拟试题 一、选择题 1. 下列物理量最接近实际的是( ) A. 人体的正常体温约37 B. 人体的安全电压是不高于1.5 C. 正常人心脏跳动60次约需1h D. 中考体考所用的实心球质量约10kg 【答案】A 【解析】解A. 人体的正常体温约37℃左右，故正确；
B. 人体的安全电压是不高于36V,故B错误；
C. 正常人心脏跳动60次约需1min,故C错误；
D. 中考体考所用的实心球质量约2kg，故D错误。故答案为A. 点睛：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

2. 描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识,以下说法正确的是（）
A. 霜降:“一朝秋暮露成霜”,霜的形成需要吸热 B. 清明:“清明时节雨纷纷”,雨的形成是凝固现象 C. 秋分:“丹桂小菊万径香”,桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动 D. 立春:“大地阳和暖气生”,大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 【答案】C 【解析】A.,霜的形成凝华现象需要放热，故A错误；
B. 清明:“清明时节雨纷纷”,雨的形成是液化现象，故B 错误；
C. 秋分:“丹桂小菊万径香”,桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动说法正确；
D. 立春:“大地阳和暖气生”,大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现的，故D错误。故答案为C. 点睛：此题难度不大，掌握物态变化的概念即吸热放热情况，即可作答。

3. 如图所示的重庆红图片,相关描述正确的是（）
A. 洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的虚像 B. 游客看到穿楼而过的轻轨列车是平面镜成的像 C. 朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的折射形成的 D. 用手机拍摄过江索道的照片利用了小孔成像的原理 【答案】A 4. 《村居》诗中“儿童散学归来早,忙趁东风放纸鸢”,描绘儿童放飞风筝的画面如图所示。以下说法正确的是（）
A. 放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失 B. 越飞越高的风筝相对于地面是静止的 C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦 D. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力 【答案】D 【解析】任何物体在任何情况下都有惯性，故A错误；
越飞越高的风筝相对于地面的位置在不断发生着变化所以是运动的，故B错误；
C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误；
D. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力它们大小相等方向相反，作用在同一物体上，同一直线上所以是一对相互作用力，故D正确。

5. 有关电和磁的知识,下列说法正确的是（）
A. 玩要的儿童可以将手指塞进插座孔 B. 发电机是利用电磁感应原理制成的 C. 通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场不相似 D. 验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的 【答案】B 【解析】A. 玩要的儿童千万不可以将手指塞进插座孔，故A错误；
B. 发电机是利用电磁感应原理制成的正确；

C. 大量事实证明通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场相似，故C错误；

D. 验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，故D错误。故答案为B. 6. 小皎参加青少年科学素养大赛,设计了《自动火灾报警器》。报警器中有热敏电阻R和保护 电阻R。,其中R的阻值随温度升高而减小,当火灾发生时,温度升高,导致电表示数变大而触发振警装置。如图中能实现上述功能的电路图是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】解由题意可知有电阻R和R0串联，电流表测电路中的电流，这样当火灾发生时, 温度升高,R的阻值随温度升高而减小,R0与电流表串联，从而起到保护电路的作用故C正确。

7. 工人用如图所示的动滑轮,将重1000N的物体在5s内匀速竖直提升了1m,人对绳自由端的拉力F为600N,不计绳重和摩擦。以下结论正确的是( ) A. 动滑轮的有用功为600J B. 动滑轮的重力为400N C. 动滑轮的机械效率为83.3% D. 拉力F的功率为120W 【答案】C 【解析】解：有用功为W有＝Gh＝1000N,故A错误；
物体移动1m,则绳子的自由端移动2m,所以拉力F 所做的有总功W总＝Fs＝600N,额外功为200J,所以G动＝＝200N,故B错误；
＝83.3%,故C正确；
拉力F的功率为P＝＝240W,故D错误。故答案为C. 点睛：首先应通过读图分析出滑轮组的省力情况，这样就能够知道提升高度与绳子自由端移动距离的关系，再通过已知数据，可计算出滑轮组的机械效率、拉力的功率、以及动滑轮的重力，有用功等． 8. 在如图所示的实物电路中,电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“1001A”,灯泡上标有2.5V1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法正确的是（）
A. 小灯泡正常发光时的电阻为2.50 B. 向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗 C. 向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变 D. 让小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热为12J 【答案】D 【解析】解;根据R＝＝6.25,故A错误；
由图可知滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，当向右移动滑片时,滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小，而灯泡两端的电压变大，即V1 示数变大，小灯泡变亮，故B错误；
电压表V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值，所以向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比变小，故C错误；
D.小灯泡正常发光时电路中的电流，I＝此时滑动变阻器两端的电压U滑＝3V-2.5V＝0.5V,滑动变阻器连入的电阻R滑＝1min滑动变阻器产生的电热为Q＝I2Rt＝0.4A,故D正确。

二、填空作图题 9. 丹麦物理学家________首先发现了电与磁之间存在本质联系,生产生活中的_______ (选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”)主要是利用电流磁效应工作的。

【答案】 (1). 奥斯特 (2). 电磁起重机 【解析】电与磁之间存在本质联系是丹麦物理学家奥斯特首先发现的。电磁起重机就利用了电流的磁效应。

【答案】 (1). 小 (2). 减小 【解析】飞机利用了在流体中流速越大的地方压强越小的原理, 飞机下降过程中高度越来越小，质量不变所以重力势能逐渐减小。

11. 小薇在“探究水的沸腾”实验中,所用水的质量为0.5kg,初温为58,测出水沸腾时的温度为98,则当地大气压比一个标准大气压_____(选填“高”或“低”),本实验中水加热至沸腾至少吸热_____J。已知c=4.2×102/(kg·)【答案】 (1). 低(2). 8.4×104 【解析】水沸腾时的温度为98,标准大气压下水的沸点是100，根据气压和沸点的关系可知，当地气压比一个标准大气压低，本实验中水加热至沸腾至少吸热Q吸＝cm 4.2J/kg.＝8.4J 12. 水平升降台面上有一个足够深、底面积为40cm2的柱形容器,容器中水深20cm,则水对容器底部的压强为___ Pa。现将底面积为10cm2，高20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计下端,使A浸入水中,稳定后,A的下表面距水面4cm,弹簧测力计的示数为0.8N,如图所示,然后使升降台上升7cm,再次稳定后,A所受的浮力为____ N。(已知弹簧受到的拉力每减小1N,弹簧的长度就缩短1cm)。

【答案】(1). 2×103 (2). 1.2 【解析】水对容器底部的压强为P＝ 1.0＝2Pa; 升降台上升7cm，相当于物体向下移动7cm, A的下表面距水面4cm是物体受到的浮力F浮＝＝1.0kg/＝0.4N所以物体的重力G物＝0.4+0.8＝1.2N,此时物体排开水的体积的增加量V增＝10,液体在容器中上升的高度h升＝m＝cm, 物体向下移动7cm以后物体所受浮力将增大F增＝,＝ 1.0kg/)N,根据弹簧受到的拉力每减小1N,弹簧的长度就缩短1cm可知此时弹簧将缩短cm,所以可得升降台上升7cm时物体浸没在液体中的深度是4cm+-＝1 2.4cm,综上所述可得升降台上升7cm时物体所受到的浮力F浮1＝＝1.24N所以物体将漂浮，受到的浮力等于物体的重力1.2N. 13. 2021年5月21日,在西昌卫星发射中心,伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起,搭乘火箭的“鹊桥”号中继卫星成功升空,如图所示。当星箭分离后,“鹊桥”达到一定高度,打开伞状抛物面天线;变轨后,“鹊桥”进入近地200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道,将进行在轨测试,为未来实现着落器与地面站之间的测控与数据传输提供道信桥梁。“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨讯外专用中继通信卫见,这是我国在月球探测领域取得的新突破。

请根据以上材料,找出一个相关的物理信息,并指出其对应的物现知识,不得与示例重复。

物理信息:实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输; 物理知识:利用电磁波通信。

物理信息：__________________________________________________________ 物理知识：_________________________________________________________ 【答案】 (1). 见解析所示 (2). 见解析所示 【解析】物理信息：鹊桥”进入近地200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道, 物理知识：在近地点时鹊桥的重力势能最小，动能最大。

14. 画出如图中人射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB；

【答案】见解析所示 【解析】根据光的反射定律首先过入射点画出法线，然后根据反射角等于入射角画出反射光线即可，如下图：
点睛:掌握光的反射定律，根据反射定律作图即可，难度不大。

15. 在如图中的A点画出箱子在水平向左滑行过程中受到的摩擦力示意图。

【答案】见解析所示 【解析】解：根据摩擦力的概念可知摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，作用在物体和接触面之间作图如下：
点睛：根据物体的运动情况，判断物体所受摩擦力的方向，然后按照力的示意图的画法画出即可． 16. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中,小峻同学进行了如下实验。

(1)按如图甲所示操作,测出本实验所用凸透镜的焦距为_________cm；

(2)接着小峻调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示,发现光屏上得到一个倒立、____(选填“放大”“缩小”或“等大”)的清晰实像,生活中的________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理。

(3)保持如图乙中凸透镜的位置不变,当向右移动蜡烛时,应该向________(选填“左”或“右”)移动光屏,才能再次得到清晰的像。

(4)保持凸透镜的位置仍然不变,小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处,移动光屏,发现______(选填“能”或“不能”)得到蜡烛清晰的像。

【答案】 (1). 10.0 (2). 放大 (3). 投影仪 (4). 右 (5). 不能 【解析】（1）平行光经过透镜以后将会聚到主光轴上一点，这个点即透镜的焦点，焦点到光心的距离即焦距，有甲图可知透镜的焦距是10cm(2)由图乙可以看出相距小于物距，根据透镜的成像规律可知此时可成倒立放大的实像，投影仪就是根据这一原理制成的。（3）
凸透镜的位置不变,当向右移动蜡烛时物距变小，根据物距和像距的变化关系可知：此时像距应该变大，所以应该向右移动光屏。(4)保持凸透镜的位置仍然不变,向右移动蜡烛至45cm刻度线处此时u,所以无论如何移动光屏都不能在光屏上得到蜡烛清晰的像。

点睛：图中测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距．由此可以确定其焦距是多少；
（2）掌握凸透镜成像的各种规律，及物距像距的变化关系。

17. 小薇同学在测固体密度时,操作步骤如下: (1)在实验室,小微把天平放在水平工作台上,将游码归零,发现指针偏向分度盘的左侧,此时应将平衡螺母向___调节 (选填“左”或“右”),使天平横梁平衡。

(2)小薇选用了一块小矿石,用调好的天平测它的质量,当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时,天平恢复平衡,则测得的矿石质量是__________g。

(3)如图乙所示的量筒分度值为______ cm3,在量筒中装人适量的水,将系了细线的矿石轻放入量筒,如图乙所示, 读数时视线应与液面_________(选填“相平”或“不平”),测得矿石的体积是_______cm3。

(4)实验后,小微发现使用的20g砝码生锈了,由此导致测得的矿石密度会________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。

(5)小薇回家后,想测出家里某个小饰品的密度,她找到家里的电子秤,称出饰品的质量是140g,又借助细线、水、玻璃杯,测出了饰品的体积,她的实验操作步骤如图丙、丁所示,则饰品的密度是_________g/cm3. 【答案】 (1). 右 (2). 43.4 (3). 2 (4). 相平 (5). 18 (6). 偏小 (7). 2.8 【解析】（1）根据天平的使用规则可知;指针偏向分度盘的左侧,此时应将平衡螺母向右调节才能使天平横梁平衡。（2）物体的质量等于砝码的质量加上游码所对的刻度值所以矿石质量是m＝20g+20g+3.4g＝43.4g. (3)由图可知量筒分度值为2cm3, 读数时视线应与液面相平,未放矿石之前量筒中水的体积是20cm3,将系了细线的矿石轻放入量筒后水上升到38cm3,所以矿石的体积是38cm3-20cm3＝18cm3。(4)实验时使用生了锈的砝码进行测量会使物体的质量偏小,根据密度的公式可知会导致测得的矿石密度会偏小。(5)由图丙、丁可知物体排开液体的质量是50g,所以物体的体积V＝＝50又饰品的质量是140g,则饰品的密度是＝2.8g/cm3. 18. 小峻和小薇两位同学在“探充欧姆定律”的实验中,所用器材有:学生电源、电流表、电压表标有“20 2A”的滑动变阻器R＇、开关,导线和定值电阻R若干. (1)请根据如图甲,用笔两线代替导线,将如图乙中的实物电路连接完整_________。(要求:向右移动滑动变阻器滑片时,电路中的电流变小,且导线不能交叉) (2)连接电路时,开关必须____________ ;连接完电路后,小薇发现电流表和电压表的位置互换了,如果闭合开关,则________表(选填“电压”或“电流”)的指针可能有明显偏转. (3)排除故障后,他们先探究电流与电压的关系。闭合开关,移动滑片依次测得5组数据,其中第5次实验中电压表的指针如图丙所示,其示数为_________V。他们记录的数据如表1所示,分析数据可以得到的结论是:在电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成 ___________. (4)他们继续探究电流与电阻的关系,先将电源电压调为6V,分别换上多个定值电阻进行探究,数据记录如表2所示, 老师指出其中一组数据是拼凑的,你认为是第4组(选填实验序号),理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太 ____________了(选填“大”或“小”）。

(5)排除拼凄的数据后,分析数据可以得到的结论是:在_________定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比。

(6)在不更换滑动变阻器的情况下,可以采取__________的措施(选填字母符号),完成这组拼凑数据所对应的实验测量。

A.降低定值电阻两端电压 B.降低电源电压 C.选用更大阻值的定值电 【答案】 (1). 见解析所示 (2). 断开 (3). 电压 (4). 2.2 (5). 正 (6). 小 (7). 电压 (8). B 【解析】解有甲图可以看出电路为R和串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压，:向右移动滑动变阻器滑片时,电路中的电流变小即滑动变阻器的值变大，所以连接乙图如下：
(2)为保护电路，连接电路时,开关必须断开，如果电流表和电压表的位置互换后，则电压表串联在了电路中，电流表将R短路，因为电压表的内阻很大,所以如果闭合开关,则电压表的指针可能有明显偏转. (3)由丙图可知电压表选择的是小量程，其分度值是0.1V所以其示数为2.2V。通过分析表1数据可以得到的结论是:在电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压成正比。(4)由4可得电阻两端的电压是3V,又因为电源电压是6V,根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压也是3V,根据串联电路的分压规律，可知定值电阻阻值和滑动变阻器阻值相等，因此第4组是拼凑的理由是,实验所用的滑动变阻器的最大阻值太小了。(5)分析数据可以得到的结论是:在电压定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比。(6)在不更换滑动变阻器的情况下,可以采取降低电压的措施即B(选填字母符号),完成这组拼凑数据所对应的实验测量。

四、论述计算题 19. 如图所示,某公司研发的智能服务机器人,它具有净化室内空气、陪伴老人聊天散步等功能。若它在50N的牵引力作用下,以0.5m/s的速度在水平地面匀速直线行驶60s,求: (1)它行驶的路程; (2)此过程中牵引力所做的功. 【答案】见解析所示 【解析】解：60秒物体移动的距离：S＝Vt＝0.5m/s×60s＝30m.牵引力F做的功：W＝FS＝50N×30m＝1500J. 点睛：利用S＝vt算出物体通过的距离，在F方向上通过的距离就等于2S，再利用W＝FS分别求出拉力做的功和功率． 20. 小峻家中有一个浴足盆,其部分铭牌信息如图甲所示,如图乙为浴足盆的工作电路,R1、R2均为电热丝,当开关S 接a、b触点时,浴足盆的挡位不同。求：
(1)额定加热电流 (2)R1和R2的阻值各为多少欧? (3)在用电高峰期,小峻关闭家中其它用电器,只让浴足盆通电,使其处于加热状态1min电能表(如图丙所示)的圆盘转了30转,则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦? 【答案】见解析所示 【解析】(1)解额定加热电流I加＝＝4A;由图可知当s接b时处于加热状态，此时电路中只有R2，所以 R2＝＝55，R串＝＝484,所以R1＝R串-R2＝484-55＝429(3)圆盘转了30转消耗的电 能W＝＝0.01kw t＝1min＝h所以P＝0.6kw＝600W. 21. 为探究平衡木受力特点,喜爱体操的小微设计了一个平衡木模型。整个装置如图甲所示 AB可绕支点O无摩擦转动,C处固定一竖直硬杆,硬杆的底部安装了压敏电阻片R,R所在的电路放在了硬杆内(整个装置除硬杆以外,其它部分的重力均不计),且AB=5m,OA=BC=1m,电源电压恒为3V,硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F受化的关系如图乙所示,整个装置放在水平地面上,AB始终处于水平平衡状态,当重360N的小薇站在A点时,电流表的示数为0.1A，求：
(1)小薇在A点时,C处受到硬杆的拉力；

(2)小薇在A点时,地面对硬杆底部R的支持力；

(3)当电流表的示数为0.3A时,小薇距A点多少米? 【答案】见解析所示 【解析】解根据杠杆的平衡条件可得G A所以F＝＝120N, (2) 小薇站在A点时,电流表的示数为0.1A，此时电路中的电阻R＝＝30,由乙图可知F支＝60N;(3)G杆＝F支+F＝120N+60N＝180N，当＝0.3A时，＝10,由乙图知＝300N，则杆受到C端的压力F压＝-G ＝300N-180N＝120N,杆对C端的支持力F C＝F压＝120N(人在O点的左边)根据杠杆的平衡条件得G A l＝F C所杆 以l＝＝1m,小薇距A点l+OA＝1m+0.5m＝1.5m 2021年中考物理模拟试题 （全卷共四个大题,满分80分与化学共用120分钟) 一、选择题(本题共8个小题,每小题只有一个选项最题3分,共24分。) 1.下列物理量最接近实际的是( ) A.人体的正常体温约37 B.人体的安全电压是不高于1.5 C.正常人心脏跳动60次约需1h D.中考体考所用的实心球质量约10kg 2.描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识,以下说法正确的是（）
A.霜降:“一朝秋暮露成霜”,霜的形成需要吸热 B.清明:“清明时节雨纷纷”,雨的形成是凝固现象 C.秋分:“丹桂小菊万径香”,桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动 D.立春:“大地阳和暖气生”,大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 3.如图1所示的重庆红图片,相关描述正确的是（）
A.洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的虚像 B.游客看到穿楼而过的轻轨列车是平面镜成的像 C.朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的折射形成的 D.用手机拍摄过江索道的照片利用了小孔成像的原理 4.《村居》诗中 “儿童散学归来早,忙趁东风放纸鸢”,描绘儿童放飞风筝的画面如图2所示。以下说法正确的是（）
A.放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失 B.越飞越高的风筝相对于地面是静止的 C.儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦 D.线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力 5.有关电和磁的知识,下列说法正确的是（）
A.玩要的儿童可以将手指塞进插座孔 B.发电机是利用电磁感应原理制成的 C.通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场不相似 D.验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的 6.小皎参加青少年科学素养大赛,设计了《自动火灾报警器》。报警器中有热敏电阻R和保护 电阻R。,其中R的阻值随温度升高而减小,当火灾发生时,温度升高,导致电表示数变大而触 发振警装置。图3中能实现上述功能的电路图是( ) 7.工人用图4所示的动滑轮,将重1000N的物体在5s内匀速竖直提升了1m,人对绳自由端的拉力F为600N,不计绳重和摩擦。以下结论正确的是( ) A.动滑轮的有用功为600J B.动滑轮的重力为400N C.动滑轮的机械效率为83.3% D.拉力F的功率为120W 8.在如图5所示的实物电路中,电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“1001A”,灯泡上标有2.5V1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法正确的是（）
A.小灯泡正常发光时的电阻为2.50 B.向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗 C.向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变 D.让小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热为12J 二、填空作图题(本题共6个小题,第14小题作图2分,其余每空1分,共12分。) 9.丹麦物理学家首先发现了电与磁之间存在本质联系,生产生活中的 (选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”)主要是利用电流磁效应工作的。

10.川航3U8633航班从重庆起飞时,利用了空气流速越大压强越 (选填“大”或“小”) 的原理,飞往拉萨的途中遇险,在机长刘传健冷静睿智的处理下成功迫降在双流机场,飞机下降过程中重力势能(选填“增大”“减小”或“不变”)。

11.小薇在“探究水的沸腾”实验中,所用水的质量为0.5kg,初温为58,测出水沸腾时的温度 为98,则当地大气压比一个标准大气压 (选填“高”或“低”),本实验中水加热至沸腾至少吸热 J。已知c=4.2×102/(kg·) 12.水平升降台面上有一个足够深、底面积为40cm2的柱形容器,容器中水深20cm,则水对容器底部的压强为 Pa。现将底面积为10cm2，高20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计下端,使A浸入水中,稳定后,A的下表面距水面4cm,弹簧测力计的示数为0.8N,如图6所示,然后使升降台上升7cm,再次稳定后,A所受的浮力为 N。(已知弹簧受到的拉力每减小1N,弹簧的长度就缩短1cm)(图在8题旁) 13.2021年5月21日,在西昌卫星发射中心,伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起,搭乘火箭的“鹊桥”号中继卫星成功升空,如图7所示。当星箭分离后,“鹊桥”达到一定高度,打开伞状抛物面天线;变轨后,“鹊桥”进入近地200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道,将进行在轨测试,为未来实现着落器与地面站之间的测控与数据传输提供道信桥梁。“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨讯外专用中继通信卫见,这是我国在月球探测领域取得的新突破。

请根据以上材料,找出一一个相关的物理信息,并指出其对应的物现知识,不得与示例重复。

物理信息:实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输; 物理知识:利用电磁波通信。

物理信息：
物理知识：
14.请按要求完成下列作图 （1）画出图8甲中人射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB；

（2）在图8乙中的A点画出箱子在水平向左滑行过程中受到的摩擦力示意图。

15.在探究“凸透镜成像规律”的实验中,小峻同学进行了如下实验。

(1)按如图9甲所示操作,测出本实验所用凸透镜的焦距为 cm；

(2)接着小峻调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图9乙所示,发现光屏上得到一个倒立 (选填“放大”“缩小”或“等大”)的清晰实像,生活中的（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理。

(3)保持图9乙中凸透镜的位置不变,当向右移动蜡烛时,应该向 (选填“左”或“右”)移动光屏,才能再次得到清晰的像。

(4)保持凸透镜的位置仍然不变,小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处,移动光屏,发现 (选填“能”或“不能”)得到蜡烛清晰的像。

16.小薇同学在测固体密度时,操作步骤如下: (1)在实验室,小微把天平放在工作台上,将游码归零,发现指针偏向分度盘的左侧,此时应将平衡螺母向调节 (选填“左”或“右”),使天平横梁平衡。

(2)小薇选用了一块小矿石,用调好的天平测它的质量,当右盘中所加砝码和游码的位置如 图10甲所示时,天平恢复平衡,则测得的矿石质量是 g。

(3)如图10乙所示的量筒分度值为cm3,在量筒中装人适量的水,将系了细线的矿石轻放入量筒,如图10乙所示,读数时视线应与液面 (选填“相平”或“不平”),测得矿石的体积是 cm3。

(4)实验后,小微发现使用的20g砝码生锈了,由此导致测得的矿石密度会 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。

(5)小薇回家后,想测出家里某个小饰品的密度,她找到家里的电子秤,称出饰品的质量是140g,又借助细线、水、玻璃杯,测出了饰品的体积,她的实验操作步骤如图10丙、丁所示,则饰品的密度是 g/cm3. 17.小峻和小薇两位同学在“探充欧姆定律”的实验中,所用器材有:学生电源、电流表、电压表标有“20 2A”的滑动变阻器R＇、开关,导线和定值电阻R若干. (1)请根据图11甲,用笔两线代替导线,将图11乙中的实物电路连接完整。(要求: 向右移动滑动变阻器滑片时,电路中的电流变小,且导线不能交叉) (2)连接电路时,开关必须 ;连接完电路后,小薇发现电流表和电压表的位置互换了,如果闭合开关,则表(选填“电压”或“电流”)的指针可能有明显偏转. (3)排除故障后,他们先探究电流与电压的关系。闭合开关,移动滑片依次测得5组数据,其中第5次实验中电压表的指针如图11丙所示,其示数为 V。他们记录的数据如表1所示,分析数据可以得到的结论是:在电阻一定时,通过导体的电流与导体两端的电压 成 . (4)他们继续探究电流与电阻的关系,先将电源电压调为6V,分别换上多个定值电阻进行探究,数据记录如表2所示,老师指出其中一组数据是拼凑的,你认为是第组(选填实验序号),理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太了(选填“大”或“小”）。

(5)排除拼凄的数据后,分析数据可以得到的结论是:在定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比。

(6)在不更换滑动变阻器的情况下,可以采取的措施(选填字母符号),完成这组拼凑数据所对应的实验测量。

A.降低定值电阻两端电压 B.降低电源电压 C.选用更大阻值的定值电 四、论述计算题(本题共3个小题,18小题6分,19小题8分,20小题8分,共22分,解题应写出必要的文字说明、步骤和公式,只写出最后结果的不能给分) 18.如图12所示,某公司研发的智能服务机器人,它具有净化室内空气、陪伴老人聊天散步等功能。若它在50N的牵引力作用下,以0.5m/s的速度在水平地面匀速直线行驶60s,求: (1)它行驶的路程; (2)此过程中牵引力所做的功. 19.小峻家中有一个浴足盆,其部分铭牌信息如图13甲所示,图13乙为溶足盆的工作电路,R1、 R2均为电热丝,当开关S接a、b触点时,溶足盆的挡位不同。求：
(1)额定加热电流 (2)R1和R2的阻值各为多少欧? (3)在用电高峰期,小峻关闭家中其它用电器,只让溶足盆通电,使其处于加热状态1min电能表(如图13丙所示)的圆盘转了30转,则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦? 20.为探究平衡木受力特点,喜爱体操的小微设计了一个平衡木模型。整个装置如图14甲所示 AB可绕支点O无摩擦转动,C处固定一竖直硬杆,硬杆的底部安装了压敏电阻片R,R所在的电路放在了硬杆内(整个装置除硬杆以外,其它部分的重力均不计),且AB=5m,OA=BC=1m,电 源电压恒为3V,硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F受化的关系如图14乙所示,整个装置放在水平地面上,AB始终处于水平平衡状态,当重360N的小薇站在A点时,电流表的示数为0.1A，求：
(1)小薇在A点时,C处受到硬杆的拉力；

(2)小薇在A点时,地面对硬杆底部R的支持力；

(3)当电流表的示数为0.3A时,小薇距A点多少米? 图14 2021年中物理模拟试题 一、选择题（本题有15小题，每小题3分，共45分．请选出一个符合题意的正确选项，不选、多选、错选，均不给分）
1．近年来，车贴已经成为一种时尚。下列车贴中的提示语属于防止因惯性带来危害的是（）
A．B． C． D． 2．如图是未连接完整的电路，若要求闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，灯泡变亮。则下列接法符合要求的是（）
A．M接A，N接D B．M接B，N接C C．M接A，N接B D．M接C，N接D 3．下列是观察对岸的树木在水中倒影的光路图，正确的是（）
A．B． C．D． 4．科学实验中，重力有时对实验结果的准确性会产生影响。下列实验中的做法不是为了减小或避免重力影响的是（）
A． 选用轻质泡沫塑料小球 B． 选用易形变的气球 C． 将集气瓶水平横放 D． 调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡 5．归纳和推理是学习科学时常用的思维方法，必须科学严谨。以下说法正确的是（）
A．春分日全球昼夜平分，则全球昼夜平分一定是春分日 B．家庭电路中发生短路时保险丝会熔断，则保险丝熔断一定是发生了短路 C．单质是由同种元素组成的纯净物，则由同种元素组成的纯净物一定是单质 D．显微镜使用中转动反光镜可使视野变亮，则视野变亮一定是转动了反光镜 6．图象法是利用图象这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。下列从图象中获得的结论错误的是（）
A． ρ1＞ρ2 B． R1＞R2 C． υ1＞υ2 D． P1＞P2 二、填空题（本题有7小题16空格，每空格2分，共32分）
7．如图所示，用酒精灯给水加热一段时间后，观察到软木塞冲岀试管口。

（1）软木塞冲出试管口，说明力能改变物体的。

（2）此过程中，水蒸气减少的内能（选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，这与热机的冲程相似。

8． 2021年5月21日，我国长征四号丙运载火箭成功将“鹊桥号”中继星载入太空，为首次月球背面软着陆和巡视勘察等探月任务提供了保障。

（1）运载火箭点火后，火箭向下喷出燃气，获得向上的动力从而加速升空，此动力的施力物体是。（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，“鹊桥号”中继星位于图示 （选填“a”或“b”）位置时，可起到信息中转作用。

9．如图是一个温度自动报警器的工作原理电路图。当控制电路中有电流通过时，电磁铁左端为极。在使用中发现，当温度达到设定值时，电铃没有报警。经检查，各元件完好、电路连接无误，则可能是因为（任写一种）导致工作电路没有接通。

三、实验探究题（本题有4小题13空格，23、24题每空格2分，25、26题每空格3分，共32分）
10．（6分）某课外兴趣小组同学利用弹簧测力计和量筒研究“浮力大小与排开液体多少的关系”，设计 了如下实验步骤和数据记录表格：
①在量筒中加入水，读出量筒内水面位置的刻度。

②把系有细线的铁块挂在弹簧测力计的挂钩上，测出铁块的重力。

③把挂在弹簧测力计下的铁块浸没在盛有水的量筒里，再次读出弹簧测力计的示数。

④读出量筒内水面位置升高后的刻度 ⑤计算铁块排开水的体积。求出铁块排开的水受到的重力。

实验过程中，小组同学发现设计的表格中缺少一项，该项是。补充完整后，完成实验。分析数据得出结论：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开的液体受到的重力。

实验后，该组同学进行了反思：
（1）量筒中不能加入太多的水，否则无法直接测出，从而不能得出实验结论。

（2）通过以上实验得出结论不可靠，理由是。

A．没有进行多次重复实验 B．没有换用其它液体进行实验 C．没有进行物体部分浸入水中时的实验 11．（9分）在探究小灯泡的电功率与哪些因素有关的实验中，小组同学猜想：小灯泡的电功率可能与电压、电流有关，于是他们设计了如下所示的三个电路图：
（1）你认为图电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系，理由是。

（2）小组同学经过分析讨论，选择正确的电路进行实验，得出了小灯泡的电功率与电压关系的正确实验结论。支持该结论的实验现象是。

四、解答题（本题有3小题，27题8分，28题6分，29题7分，共21分）
12．（7分）全球在建规模最大的水电枢纽工程﹣﹣我国白鹤滩水电站进人全面建设阶段。按设计，水电站总库容206.27亿立方米，混凝土双曲拱坝最大坝高289米，顶宽13米，最大底宽72米。电站左岸、右岸地下厂房共有16台水轮发电机组。建成后具有以发电为主，兼有防洪、拦沙、改善下游航运条件和发展库区通航等综合效益。（1）水电站库区建成后，该地区空气湿度会增大，这与水的（填物态变化名称）有关。

（2）从压强角度分析说明水电站混凝土双曲拱坝筑成“上窄下宽”的好处。

（3）水电站枢纽最大总泄洪量约为42021立方米/秒，泄洪6分钟即可装满一个西湖。若以最大总泄洪量泄洪，6分钟内所泄出水的质量是多少？ 13．（12分）2021年12月24日，我国自主研制的最大水陆两栖飞机AG600在广东珠海首飞成功。AG600可以在地面或水上起飞和降落，20秒内可一次汲满水12吨，主要用于大型灭火和水上救援。已知飞机空载质量为41.5吨，最大巡航速度500千米/时。（g取10牛/千克）
（1）为了使飞机获得向上的升力，机翼的上侧做成凸圆形状，而下侧成平面形状，其科学原理是。

（2）某次灭火演习中，AG600蓄满水后加速起飞，然后以最大巡航速度水平飞往演习火场的上空，将水箱中的水次性全部注下。下列有关说法正确的是。

A．用水灭火可以降低可燃物的着火点 B．加速起飞过程中，飞机的重力势能增加 C．飞机以最大巡航速度水平直线飞行时，飞机受到平衡力的作用 （3）在某次水面滑行测试中，蓄有8.5吨水的飞机，在水面上以36千米/时的速度匀速直线滑行1分钟，若滑行过程中所受阻力为总重的0.5倍，则飞机的牵引力做了多少功？此时飞机的实际功率为多少？ 14．（12分）笔记本电脑已进人寻常百姓家庭，岀差旅游时常随身携带。出于安全考虑，民航局规定，乘客可随身携带0.16kW?h以下的可充电设备。目前，部分航空公司已允许乘客在非起降时间段、有条件地使用笔记本电脑等 便携电子设备。请回答下列问题：
（1）某旅客携带的笔记本电脑电池容量3000mAh，输出电压15V，充满电后，若工作时的平均电流为1.5A，可连续工作多少时间？ （2）请通过计算说明该旅客能否将此笔记本电脑带上民航飞机。

（3）使用发现，电脑工作时会发热，原因是。当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇启动，加快散热从而保护电脑。如果断开电源总开关S2，风扇M和其他工作系统同时停止工作。根据上述特点，下列可能符合散热控温特点的原理图是如图所示中的。

参考答案 一、选择题（本题有15小题，每小题3分，共45分．请选出一个符合题意的正确选项，不选、多选、错选，均不给分）
1．近年来，车贴已经成为一种时尚。下列车贴中的提示语属于防止因惯性带来危害的是（）
A．B． C． D． 【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，即运动的要保持原来的运动状态，静止的要保持静止状态。逐个分析车贴中提到的物理情景结合惯性的知识加以分析。

【解答】解：
A、“堵车不堵心，拒绝路怒”劝告驾乘人员保持一种平和心态，与惯性无关，故A不符合题意；

B、“别嘟嘟，越催越慢”属于不文明驾驶行为，与惯性无关，故B不符合题意；

C、“夜间会车，拒绝远光灯”可以避免过强的光照影响驾驶员视线，减少交通事故的发生，与惯性无关，故C不符合题意；

D、“新手上路，保持车距”是新司机在汽车行驶过程中可能会随时紧急刹车或行驶速度较慢，后面汽车在刹车时由于惯性会有一段刹车距离，所以要保持一定车距，防止惯性带来危害，故D符合题意；

故选：D。

【点评】惯性与人类生活息息相关。在对惯性的考查时，经常将其与交通方面联系起来进行考查如：车辆的限速、限载、保持车距都是这方面的内容。

2．如图是未连接完整的电路，若要求闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，灯泡变亮。则下列接法符合要求的是（）
A．M接A，N接D B．M接B，N接C C．M接A，N接B D．M接C，N接D 【分析】灯泡变亮，表明通过灯泡的电流变大，即电路中的电阻减小；
根据滑动变阻器的滑片P的移动方向判定其接法。

【解答】解：灯泡变亮，表明通过灯泡的电流变大，即电路中的电阻减小，故滑动变阻器的滑片P向左移动时，其接入的电阻是减小的，则滑片左侧的电阻丝应接入电路（即一定要接A接线柱），滑动变阻器采用“一上一下”的接法，故M接A，N接D。

故选：A。

【点评】本题考查了电路的动态分析、滑动变阻器的接法，属于基础知识。

3．下列是观察对岸的树木在水中倒影的光路图，正确的是（）
A．B． C．D． 【分析】首先确定光的传播方向，然后根据倒影属平面镜成像现象，其原理是光的反射，对各个图进行分析。【解答】解：
树木在水中倒影，是因为来自岸上树木的光线斜射到水面上发生反射，反射光线进入眼睛，所以才能观察到对岸的树木在水中的倒影，故B正确， ACD、图中光线来自水中，且光是直线传播或发生光的折射，故ACD错误。

故选：B。

【点评】本题考查平面镜成像特点及光的反射原理，要会应用平面镜成像的特点分析解决实际问题。

4．科学实验中，重力有时对实验结果的准确性会产生影响。下列实验中的做法不是为了减小或避免重力影响的是（）
A． 选用轻质泡沫塑料小球 B． 选用易形变的气球 C． 将集气瓶水平横放 D． 调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡 【分析】重力的方向竖直向下，为了减小重力的影响，通常选择质量较轻的，可以平衡抵消的，或者让重心偏低。【解答】解：A、选用轻质泡沫塑料小球，排斥的远，效果更明显，是为了减小重力的影响，故A错误；

B、选用易形变的气球，是为了更好的看出形变情况，故不是为了减小或避免重力影响，故B正确；

C、将集气瓶水平横放，使重心降低，是为了减小重力对实验的影响，故C错误；

D、调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡，使重心在支点处，减小重力对实验的影响，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查重力对实验结果的影响，注意仪器的选择和使用，以质轻为主。

5．归纳和推理是学习科学时常用的思维方法，必须科学严谨。以下说法正确的是（）
A．春分日全球昼夜平分，则全球昼夜平分一定是春分日 B．家庭电路中发生短路时保险丝会熔断，则保险丝熔断一定是发生了短路 C．单质是由同种元素组成的纯净物，则由同种元素组成的纯净物一定是单质 D．显微镜使用中转动反光镜可使视野变亮，则视野变亮一定是转动了反光镜 【分析】（1）春分日或秋分日昼夜平分；

（2）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；
二是家中使用用电器的总功率过大；

（3）根据单质是由同种元素组成的纯净物，进行分析判断；

（4）可以调节反光镜或通光孔使视野变亮。

【解答】解：
A、春分日或秋分日昼夜平分，故春分日全球昼夜平分，则全球昼夜平分可能是春分日或秋分日，故A错误；

B、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；
二是家中使用用电器的总功率过大，故大功率用电器同时使用时，也会导致保险丝熔断，故B错误；

C、单质是由同种元素组成的纯净物，单质是由同种元素组成，由同种元素组成的纯净物一定是单质，故C正确；

D、显微镜使用中转动反光镜可使视野变亮，但如果视野较暗，可以调节反光镜、使用凹面镜或较大的光圈使视野变亮，故D错误；

故选：C。

【点评】本题难度不大，解答此类题时要根据不同知识的特点类推，不能盲目类推，并要注意知识点与方法的有机结合，做到具体问题能具体分析。

6．图象法是利用图象这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。下列从图象中获得的结论错误的是（）
A． ρ1＞ρ2 B． R1＞R2 C． υ1＞υ2 D． P1＞P2 【分析】分析图象，确定图象反应的物理量间的关系，然后根据图象反应的物理量间的关系作出判断，然后答题。【解答】解：
A、根据ρ=可知，在物体的体积相同时，质量越大，密度越大，由图象可知ρ1＞ρ2，故A正确；

B、根据R=可知，在电压相同时，电流越大，导体的电阻越小，由图象可知R1＜R2，故B错误；

C、根据v=可知，在时间相同时，路程越大，速度越大，由图象可知v1＞v2，故C正确；

D、根据p=可知，在受力面积相同时，压力越大，压强越大，由图象可知p1＞p2，故D正确。

故选：B。

【点评】根据图象或图表探究物质的规律是常见的出题方式，图象可以使我们建立更多的感性认识，从图象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。

二、填空题（本题有7小题16空格，每空格2分，共32分）
7．如图所示，用酒精灯给水加热一段时间后，观察到软木塞冲岀试管口。

（1）软木塞冲出试管口，说明力能改变物体的运动状态。

（2）此过程中，水蒸气减少的内能大于（选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，这与热机的做功冲程相似。

【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；

（2）当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小，在转化的过程中，存在内能散失的情况；
热机的工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能。

【解答】解：
（1）软木塞冲出试管口，运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态；

（2）水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能减小，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，由于存在热量的散失，故水蒸气减少的内能大于软木塞增加的机械能；
该过程与热机的做功冲程能量转化相同。

故答案为：（1）运动状态；
（2）大于；
做功。

【点评】本题于课本的插图，木塞冲出的实验考查了能量转化关系，知道做功可以改变物体的内能，是中考的热点。

8． 2021年5月21日，我国长征四号丙运载火箭成功将“鹊桥号”中继星载入太空，为首次月球背面软着陆和巡视勘察等探月任务提供了保障。

（1）运载火箭点火后，火箭向下喷出燃气，获得向上的动力从而加速升空，此动力的施力物体是燃气。（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，“鹊桥号”中继星位于图示 b （选填“a”或“b”）位置时，可起到信息中转作用。

【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体有力的作用，同时它也受到另一个物体力的作用；
（2）发射中继卫星的目的是解决地面与月球背面的通信和测控问题。

【解答】解：（1）火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，故施力物体是燃气，受力物体是火箭；

（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，故“鹊桥号”中继星位于b位置时，可以同时与地球和月球背面进行信息和数据交换。

故答案为：（1）燃气；
（2）b。

【点评】本题考查了力的相互作用性，信息的传递，知道中继卫星的设计目的是解答此题关键。

9．如图是一个温度自动报警器的工作原理电路图。当控制电路中有电流通过时，电磁铁左端为S 极。在使用 中发现，当温度达到设定值时，电铃没有报警。经检查，各元件完好、电路连接无误，则可能是因为控制电路电源电压太小（任写一种）导致工作电路没有接通。

【分析】根据安培定则判定螺旋管的极性；
明确这一装置由两部分电路组成，左端电路的控制要点在于水银柱的变化，而右端的控制要点则在电磁铁对衔铁的吸引，再由此分析电路中温度变化时的工作情况。

【解答】解：由安培定则可知，电磁铁左端为S极；

当温度升高到设定值时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过，电磁铁吸引衔铁，由于电磁铁磁性的大小与电流大小和匝数多少有关，如果电源电压，使得电流较小，磁性较小，则电磁铁吸引不动衔铁，工作电路不会工作。

故答案为：S；
控制电路电源电压太小。

【点评】明确图中左侧为控制电路，右侧为工作电路，两电路依据中间的电磁铁来发生相互作用，是搞清这一装置原理的关键点之一，同时，还应明确水银也是导体，当其与上方金属丝接通时，也成为了电路的一部分。

三、实验探究题（本题有4小题13空格，23、24题每空格2分，25、26题每空格3分，共32分）
10．（6分）某课外兴趣小组同学利用弹簧测力计和量筒研究“浮力大小与排开液体多少的关系”，设计 了如下实验步骤和数据记录表格：
①在量筒中加入水，读出量筒内水面位置的刻度。

②把系有细线的铁块挂在弹簧测力计的挂钩上，测出铁块的重力。

③把挂在弹簧测力计下的铁块浸没在盛有水的量筒里，再次读出弹簧测力计的示数。

④读出量筒内水面位置升高后的刻度 ⑤计算铁块排开水的体积。求出铁块排开的水受到的重力。

实验过程中，小组同学发现设计的表格中缺少一项，该项是铁块的重力/N 。补充完整后，完成实验。分析数据得出结论：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开的液体受到的重力。

实验后，该组同学进行了反思：
（1）量筒中不能加入太多的水，否则无法直接测出水和铁块的总体积或水的体积，从而不能得出实验结论。（2）通过以上实验得出结论不可靠，理由是ABC 。

A．没有进行多次重复实验 B．没有换用其它液体进行实验 C．没有进行物体部分浸入水中时的实验 【分析】根据阿基米德原理的公式：F浮=G排和F浮=G﹣F可判断缺少的内容；

（1）向量筒中不能加入太多的水，应该注“适量”水，水要能浸没物体，而且在放入物体后不能超过量筒的量程；
（2）为得到普遍性的规律，应换用不同液体进行多次重复实验以及进行物体部分浸入水中时的实验，多测几组数据进行分析。

【解答】解：根据阿基米德原理的公式：F浮=G排和根据称量法F浮=G﹣F测量浮力，需要用弹簧测力计测量空气中物体的重力和水中弹簧测力计的拉力，故表格少“铁块的重力/N”；

（1）向量筒中加入“适量的水”不能太少，否则不能把固体完全浸没，也不能加入太多的水，否则在放入物体后超过量筒的量程不能测量出排开水的体积，从而不能得出实验结论；

（2）为得到普遍性的规律，应换用不同液体进行多次重复实验以及进行物体部分浸入水中时的实验，多测几组数据进行分析，从而得出结论，故ABC正确；

故选ABC。

故答案为：铁块的重力/N；
（1）水和铁块的总体积或水的体积；
（2）ABC。

【点评】本题考查了阿基米德原理的探究和实验的注意事项等知识，熟练阿基米德原理是解题的关键。

11．（9分）在探究小灯泡的电功率与哪些因素有关的实验中，小组同学猜想：小灯泡的电功率可能与电压、电流有关，于是他们设计了如下所示的三个电路图：
（1）你认为图乙电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系，理由是是串联电路，能控制电流相等。（2）小组同学经过分析讨论，选择正确的电路进行实验，得出了小灯泡的电功率与电压关系的正确实验结论。支持该结论的实验现象是电压表示数大的灯泡比示数小的灯泡亮。

【分析】（1）研究小灯泡的电功率与电压的关系，要控制电流相等，根据串联电路电流规律分析；

（2）灯的亮度由灯的实际功率决定，灯泡越亮，说明其功率越大。

【解答】解：（1）研究小灯泡的电功率与电压的关系，要控制电流相等，因串联电路各处的电流相等，故图乙电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系；

（2）灯的亮度由灯的实际功率决定，电压表示数大的灯泡更亮一些，说明其功率比甲灯大。

故答案为：（1）乙；
乙是串联电路，能控制电流相等；
（2）电压表示数大的灯泡比示数小的灯泡亮 【点评】本题探究小灯泡的电功率与哪些因素有关，考查控制变量法和串联电路的规律及影响灯的亮度的因素。

四、解答题（本题有3小题，27题8分，28题6分，29题7分，共21分）
12．（7分）全球在建规模最大的水电枢纽工程﹣﹣我国白鹤滩水电站进人全面建设阶段。按设计，水电站总库容206.27亿立方米，混凝土双曲拱坝最大坝高289米，顶宽13米，最大底宽72米。电站左岸、右岸地下厂房共有16台水轮发电机组。建成后具有以发电为主，兼有防洪、拦沙、改善下游航运条件和发展库区通航等综合效益。（1）水电站库区建成后，该地区空气湿度会增大，这与水的汽化（填物态变化名称）有关。

（2）从压强角度分析说明水电站混凝土双曲拱坝筑成“上窄下宽”的好处。

（3）水电站枢纽最大总泄洪量约为42021立方米/秒，泄洪6分钟即可装满一个西湖。若以最大总泄洪量泄洪，6分钟内所泄出水的质量是多少？ 【分析】（1）物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式；

（2）在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；

（3）已知最大泄洪量和泄洪时间，可以得到泄洪体积；
已知泄洪体积和水的密度，利用m=ρV得到下泄洪水的质量。

【解答】解：
（1）空气湿度大，即空气中水蒸气的含量大，原因是水吸收热量后汽化为水蒸气弥漫在空气中；

（2）从坝体对地基的作用看，坝体上窄下宽，可以增大地基的受力面积，减小坝体对地基的压强；
从水对坝体的作用看，因为水的压强随深度的增大而增大，所以，大坝通常筑成上窄下宽的形状，可以承受更大的液体压强；
（3）6分钟下泄洪水的体积：V=42021米3/秒×6×60秒=1.512×107米3， 由ρ=可得，下泄洪水的质量：m=ρV=1.0×103千克/米3×1.512×107米3=1.512×1010千克。

答：（1）汽化；

（2）从坝体对地基的作用看，坝体上窄下宽，可以增大地基的受力面积，减小坝体对地基的压强；
从水对坝体的作用看，因为水的压强随深度的增大而增大，所以，大坝通常筑成上窄下宽的形状，可以承受更大的液体压强；
（3）6分钟所泄出水的质量为1.512×1010千克。

【点评】此题是一道综合应用题，考查了物态变化、液体压强计算公式和密度变形公式的应用，考查的知识点较多，难度不大。

13．（12分）2021年12月24日，我国自主研制的最大水陆两栖飞机AG600在广东珠海首飞成功。AG600可以在地面或水上起飞和降落，20秒内可一次汲满水12吨，主要用于大型灭火和水上救援。已知飞机空载质量为41.5吨，最大巡航速度500千米/时。（g取10牛/千克）
（1）为了使飞机获得向上的升力，机翼的上侧做成凸圆形状，而下侧成平面形状，其科学原理是气体的流速越大，压强越小。

（2）某次灭火演习中，AG600蓄满水后加速起飞，然后以最大巡航速度水平飞往演习火场的上空，将水箱中的水次性全部注下。下列有关说法正确的是BC 。

A．用水灭火可以降低可燃物的着火点 B．加速起飞过程中，飞机的重力势能增加 C．飞机以最大巡航速度水平直线飞行时，飞机受到平衡力的作用 （3）在某次水面滑行测试中，蓄有8.5吨水的飞机，在水面上以36千米/时的速度匀速直线滑行1分钟，若滑行过程中所受阻力为总重的0.5倍，则飞机的牵引力做了多少功？此时飞机的实际功率为多少？ 【分析】（1）流体流速越大，压强越小；
流速越小，压强越大；

（2）灭火的原理：清除可燃物或使可燃物与其他物品隔离、隔绝氧气或空气、使温度降到可燃物的着火点以下；
重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；

物体静止或做匀速直线运动时处于平衡条件，否则为非平衡状态；

（3）根据飞机重力求出牵引力大小，利用W=Fs计算牵引力做功；
利用P=计算功率。

【解答】解：
（1）机翼的上侧做成凸圆形状，而下侧成平面形状；
空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；
因为机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力。

（2）A、着火点是可燃物的属性，不能降低，故A错误；

B、飞机在加速起飞过程中，质量不变，速度增大，动能增大；
高度不断增大，重力势能增大，故B正确；

C、飞机以最大巡航速度水平直线飞行时处于平衡状态，则飞机受到平衡力的作用，故C正确；

故选BC；

（3）飞机飞行过程中所受阻力：
f=0.5G总=0.5m总g=0.5（m飞机+m水）g=0.5×（41.5+8.5）×103kg×10N/kg=2.5×105N， 因为匀速直线飞行，所以牵引力：F=f=2.5×105N， 飞机飞行的速度：v=36km/h=36×m/s=10m/s， 由v=得，飞机飞行的距离：s=vt=10m/s×60s=600m， 牵引力做功：
W=Fs=2.5×105N×600m=1.5×108J， 飞机的实际功率：
P===2.5×106W。

故答案为：（1）气体的流速越大，压强越小；

（2）BC；

（3）飞机牵引力做功1.5×108J，功率是2.5×106W。

【点评】此题为力学综合题，涉及到重力、速度、功、功率公式的应用，二力平衡条件及其应用等知识，解题的关键是各种公式的熟练运用，此题难度虽然不是很大，但计算过程非常繁杂，稍一疏忽，就可能计算错误。

14．（12分）笔记本电脑已进人寻常百姓家庭，岀差旅游时常随身携带。出于安全考虑，民航局规定，乘客可随身携带0.16kW?h以下的可充电设备。目前，部分航空公司已允许乘客在非起降时间段、有条件地使用笔记本电脑等便携电子设备。请回答下列问题：
（1）某旅客携带的笔记本电脑电池容量3000mAh，输出电压15V，充满电后，若工作时的平均电流为1.5A，可连续工作多少时间？ （2）请通过计算说明该旅客能否将此笔记本电脑带上民航飞机。

（3）使用发现，电脑工作时会发热，原因是电流通过导体会产生热量。当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇启动，加快散热从而保护电脑。如果断开电源总开关S2，风扇M和其他工作系统同时停止工作。根据上述特点，下列可能符合散热控温特点的原理图是如图所示中的 B 。

【分析】（1）根据电池容量和工作时的电流计算可持续工作的时间；

（2）由W=UIt计算电池容量，根据民航局规定判断即可；

（3）电流通过导体时会产生热量的现象叫电流的热效应；

由题根据开关S1只控制风扇，开关S2控制风扇和工作系统，由此分析解答。

【解答】解：
（1）笔记本电脑电池容量：3000mAh，平均电流为Ⅰ=1.5A=1500mA， 工作时间：t==2h；

（2）笔记本电脑电池充满电后能量：
W=UIt=15V×3A×3600s=162021J=0.045kW?h， 因为0.045kW?h＜0.16kW?h，所以该笔记本电脑能带上民航飞机。

（3）由电流的热效应知，电流通过导体会产生热量，所以电脑工作时会发热；

由题知，当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇才启动，所以风扇与其它工作系统互不影响，即是并联的，所以S1只控制风扇，开关S2在干路上控制风扇和工作系统，故B符合题意。

故答案为：（1）笔记本电脑可连续工作2小时；

（2）该旅客能将此笔记本电脑带上民航飞机；

（3）电流通过导体会产生热量；
B。

【点评】本题考查了电能的计算以及电路的设计，掌握并联和串联电路特点以及开关作用是设计电路时必须掌握的。

2021年中考物理模拟试题 一．选择题 1．下列实物连接与电路图相符合的是（水果电池的铜片为正极、锌片为负极）（）
2．某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是（）
A．电能→机械能→光能B．光能→机械能→电能 C．光能→电能→机械能D．机械能→电能→光能 3．如图为玩具鸟在平面镜中的成像示意图。下列能改变像位置的是（）
A．竖直上移玩具鸟B．竖直下移平面镜 C．人向平面镜靠近D．像与镜间放一木板 4．如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光，装置A 的工作原理是（）
A．通电线圈周围存在磁场 B．电磁感应 C．通电线圈能在磁场中转动D．磁极间相互作用 5．如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上，挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为L，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与L的关系图象为 （）
二．填空题 6．2021年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号”的中继星﹣﹣“鹊桥号”，它将成为“嫦娥四号”与地球间的“通信桥梁”。

（1）“鹊桥号”质量为448千克，发射后随火箭竖直升空1000米的过程中，“鹊桥号”需克服重力做功焦。（2）若地月间距离为3.8×105千米，电磁波速度为3×105千米/秒，在月球上发出的电磁波到达地球需秒。（计算结果保留1位小数）
（3）如图是月球背面照片，其中A处是。

7．如图是小明制作的简易“蒸汽船”模型。将盛有一定量水的铜制容器安装在“船体”上，用蜡烛对铜制容器底部加热，一段时间后铜管会向右喷蒸汽，“蒸汽船”就向左行驶。

（1）蜡烛对铜制容器底部加热导致容器内水温升高，这是通过的方式改变水的内能。

（2）当管向右喷落汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明了。

8．如图甲是某身高体重测量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高、体重。

（1）若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为帕。

（2）小明利用某压敏电阻R及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示。现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。下列电路设计最合理的是。

三．实验探究题 9．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角）。飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外，是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型按图甲方式进行如下实验。

①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值 ②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。

处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。

（1）本实验得出的结论是：。

（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，如何操作可以模拟飞机不同的飞行速度？。

（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系：。

10．为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20Ω2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验 ①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。

②用R2替换R1，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上。

老师告知小明：滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动 变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生。

③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接入电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。

（1）图丁中电流表的示数为安。

（2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P 和旋钮触片Q使电压表示数为4伏？。

（3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有（可多选）。

A.15欧 B.25欧 C.35欧 D.45欧 11．如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在。已知金属球重5牛，体积为5×10﹣3米3．（滑轮和细线的重力、配重的体积及各种摩擦均忽略不计）
（1）用气泵向甲装置玻璃容器内压入空气，观察到什么现象可以说明金属球受到空气浮力的作用？。（2）制作该演示器中的空心金属球，用了体积为5×10﹣5米3的金属材料求该金属材料的密度。

（3）小明想通过最小刻度为0.1牛的弹簧测力计反映空气浮力大小的变化，他设想将该演示器改进成如图乙所示装置。压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2千克/米3，现通过气泵向玻璃容器内压入空气，使容器内空气密度增大到3.0千克/米3，能否使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛，请通过计算说明。

12．如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。

（1）若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？ （2）为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，L a、L b是两个完全相同的电磁铁，R a和R b分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液面处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。（假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力）
①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁L a吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为R aˊ和R bˊ，请比较两者的大小关系：。

②已知压敏电阻R a的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合R a的变化曲线画出压敏电阻R b的阻值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2。

答案解析 一、选择题 1．下列实物连接与电路图相符合的是（水果电池的铜片为正极、锌片为负极）（）
【分析】原电路图中，两电池串联后给电池供电，分析符合条件的选项。

【解答】解：原电路图中，两电池串联后给电池供电：
A、两电池是并联的，A错误；

B、电池串联时，应将电池正负极连接起来，即将铜片与锌片连接起来，B正确；

C、两电池的正极连接在一起了，C错误；

D、两个电池没有连入电路中，D错误。

故选：B。

【点评】本题考查电池的连接方法，为基础题。

2．某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是（）
A．电能→机械能→光能B．光能→机械能→电能 C．光能→电能→机械能D．机械能→电能→光能 【分析】太阳能电池板，把太阳能转化为电能，电动机把电能转化为机械能。

【解答】解：太阳能板，在光照时发电，即把太阳能转化为电能；
电能供给电动机，转化为机械能，调节百叶窗的开合；
故该过程中发生的能量转换是光能→电能→机械能。

故选：C。

【点评】本题考查太阳能的利用，以及能量的转化是基础题。

3．如图为玩具鸟在平面镜中的成像示意图。下列能改变像位置的是（）
A．竖直上移玩具鸟B．竖直下移平面镜 C．人向平面镜靠近D．像与镜间放一木板 【分析】平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。

【解答】解：A、竖直上移玩具鸟，玩具鸟和平面镜的位置关系发生变化，所以像的位置也改变，故A正确；

B、竖直下移平面镜，玩具鸟和平面镜的位置关系发生变化，所以像的位置没有改变，故B错误；

C、人向平面镜靠近，玩具鸟和平面镜的位置关系发生变化，所以像的位置没有改变，故C错误。

D、像与镜间放一木板，玩具鸟和平面镜的位置关系发生变化，所以像的位置没有改变，故D错误。

故选：A。

【点评】本题考查平面镜成像特点的应用，理解平面镜成像的特点是答题关键。

4．如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光，装置A 的工作原理是（）
A．通电线圈周围存在磁场 B．电磁感应 C．通电线圈能在磁场中转动D．磁极间相互作用 【分析】当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象。

【解答】解：装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，相当于线圈在磁场中转动切割磁感线，会产生感应电流，引起灯泡发光，是利用电磁感应现象的原理工作的，故B正确。

故选：B。

【点评】能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键。

5．如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上，挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为L，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与L的关系图象为 （）
【分析】根据杠杆的平衡条件和平衡力分析解答。

【解答】解：以吸盘A为支点，设挂钩与吸盘A的距离为L，根据杠杆的平衡条件可得， G×L=F×AB，F=，AB、G不变，L不为零，故吸盘B受到的摩擦力F的大小与L的关系图象为D。

故选：D。

【点评】本题主要考查杠杆的平衡条件，根据数学知识分析图象。

二．填空题 6．2021年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号”的中继星﹣﹣“鹊桥号”，它将成为“嫦娥四号”与地球间的“通信桥梁”。

（1）“鹊桥号”质量为448千克，发射后随火箭竖直升空1000米的过程中，“鹊桥号”需克服重力做功 4.48×106焦。

（2）若地月间距离为3.8×105千米，电磁波速度为3×105千米/秒，在月球上发出的电磁波到达地球需 1.3 秒。（计算结果保留1位小数）
（3）如图是月球背面照片，其中A处是环形山。

【分析】（1）根据公式W=Gh=mg可求“鹊桥号”需克服重力做功。

（2）利用速度公式计算电磁波到达地球需要的时间；

（3）“环形山“通常指碗状凹坑结构的坑。月球表面布满大大小小圆形凹坑，称为“月坑“，大多数月坑的周围环绕着高出月面的环形山。月球背面的环形山更多。

【解答】解：（1）“鹊桥号”需克服重力做功：
W=Gh=mgh=448kg×10N/kg×1000m=4.48×106J；

（2）根据v=可得，电磁波到达地球需要的时间：
t==≈1.3s；

（3）由图可知，A处位于月球背面，且为碗状凹坑结构的坑，故应该是环形山。

故答案为：（1）4.48×106；
（2）1.3；
（3）环形山。

【点评】此题考查功的计算、速度公式及其应用，此外还考查了天文学知识，知道环形山的概念和分布是解答此题关键。

7．如图是小明制作的简易“蒸汽船”模型。将盛有一定量水的铜制容器安装在“船体”上，用蜡烛对铜制容器底部加热，一段时间后铜管会向右喷蒸汽，“蒸汽船”就向左行驶。

（1）蜡烛对铜制容器底部加热导致容器内水温升高，这是通过热传递的方式改变水的内能。

（2）当管向右喷落汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明了物体间力的作用是相互的。

【分析】（1）改变内能的方法有做功和热传递；

（2）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体有力的作用，同时它也受到另一个物体力的作用。

【解答】解：
（1）蜡烛燃烧放出热量被水吸收而增大水的内能，这是通过热传递的方式改变水内能的；

（2）由图可知，水沸腾时产生大量的水蒸气，水蒸气从铜管喷出时是内能转化为机械能，喷出时给空气一个力，由于物体间力的作用是相互的，空气给水蒸气一个大小相等，方向相反的力推动蒸汽船前行。

故答案为：热传递；
物体间力的作用是相互的。

【点评】本题考查了改变内能的方法以及力的相互作用性的应用，属于基础性题目。

8．如图甲是某身高体重测量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高、体重。

（1）若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为 1.2×104帕。

（2）小明利用某压敏电阻R及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示。现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。下列电路设计最合理的是 C 。

【分析】（1）人站在水平地面上，对地面的压力等于人的重力，根据公式p=计算他对地面的压强大小；

（2）若组成一个并联电路，电压表可测滑片下方电阻丝的电压，电压表的示数会随身高发生变化；
电流表的示数可根据欧姆定律进行分析；
若组成串联电路，则根据串联分压的知识及欧姆定律进行分析电表的变化情况。

【解答】解：
（1）体检者站在台面上时，对台面的压力为：F=G=600N；

则他对台面的压强为：
p===1.2×104Pa；

（2）根据题目要求，电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。由图乙知，人的体重越大，对压敏电阻的压力越大，压敏电阻的阻值越小；

A、滑动变阻器与压敏电阻并联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，因并联电路各支路两端的电压相等且等于电源电压，所以滑动变阻器和压敏电阻的阻值变化时，电压表的示数不变，故A错误；

B、压敏电阻与滑动变阻器串联，电压表测量压敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；
当人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，人的身高增大时（滑片上移），变阻器的阻值变小，根据串联电路中电压与电阻成正比的关系可知，电压表的示数变化无法确定，故B错误；

C、滑动变阻器与压敏电阻并联，由图知，人的身高越高，滑片位置越向上，但变阻器接入电路中的阻值不变，该支路的电流不变，但电压表所测的电阻变大，根据U=IR可知，电压表的示数变大；
人的体重越大，压敏电阻的阻值越小，根据I=可知该支路的电流越大，电流表的示数越大，故C正确；

D、滑动变阻器和压敏电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
当人身高同时增大时，滑片向上移动，变阻器的阻值变大，但同时人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，总电阻无法判断，所以无法判断电流表的示数变化，故D错误。

故选C。

故答案为：（1）1.2×104；
（2）C。

【点评】本题考查了压强的计算及动态电路的分析，（2）是本题的难点，要能够正确显示人的身高及体重，应做到电流表和电压表的示数互不影响才好。

三．实验探究题 9．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角）。飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外，是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型按图甲 方式进行如下实验。

①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值 ②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。

处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。

（1）本实验得出的结论是：飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大。

（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，如何操作可以模拟飞机不同的飞行速度？改变电风扇的档位来改变风速大小。

（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800千米/时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系：＞。

【分析】（1）杠杆图象乙得出升力与迎角的关系：先增大或减小，在15°附近时最大；

（2）根据控制变量法知：要探究飞机的升力与其飞行速度的关系，需要控制仰角相同，通过电风扇的档位改变风速大小；

（3）飞机在水平匀速直线飞行时升力一定，速度越大，仰角越小。

【解答】解：（1）由图乙可以看出：飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大；

（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”需要控制仰角相同，改变飞行速度，实验中通过改变电风扇的档位来改变风速大小；

（3）飞机在水平匀速直线飞行时升力一定，根据“飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大”知飞行时升力一定，速度越大，仰角越小，所以θ1＞θ2。

故答案为：（1）飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大；
（2）改变电风扇的档位来改变风速大小；
（3）＞。

【点评】本题考查了学生根据题中信息分析解答能力，有一定的难度。

10．为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20Ω2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验 ①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。

②用R2替换R1，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上。

老师告知小明：滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生。

③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接入电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。

（1）图丁中电流表的示数为 2 安。

（2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P 和旋钮触片Q使电压表示数为4伏？将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动，直到电压表示数为4V 。

（3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有ABC （可多选）。

A.15欧 B.25欧 C.35欧 D.45欧 【分析】（1）根据图丁中电流表选用大量程确定分度值读数；

（2）明确电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上的原因，故题中旋钮式变阻器起到电压微调的作用。

图丙中旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且图丙中旋钮式变阻器的最大电阻连入了电路中，故其只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻大小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律，此时电路的电流变大，根据U=IR定值电阻的电压将变大，据此分析；

（3）根据串联电路电压的规律和分压原理求出定值电阻的最大电阻分析。

【解答】解：（1）图丁中电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流大小为2安。

（2）由②知，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，因滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，无法连续改变接入电路的有效阻值，故导致电压表指针在4伏的刻度左右摆动， 图丙中，用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器与滑动变阻器串联，且此时将其 最大电阻连入了电路中，故只能将触片Q沿逆时针转动，减小旋钮式变阻器连入电路中的电阻， 因步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，为使电压表示数略小于4V，即应减小电路中的电流大小，由欧姆定律，要增大电路的电阻大小，故将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动（电路中总电阻变小，总电流变大），根据U=IR，电压表示数变大，直到电压表示数为 4V。

（3）根据串联电路电压的规律和分压原理：
=﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，①式左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器取最大值时，对应的定值电阻最大， 即=，即定值电阻的最大电阻为40Ω，故用来替换R1进行实验的有15欧、25欧、35欧的电阻，即选ABC；

故答案为：（1）2；
（2）将滑片P向右移，使电压表示数略小于4V，再将触片Q沿逆时针转动，直到电压表示数为4V；
（3）ABC。

【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及电流表读数及对器材的要求和控制变量法的运用，关键是从题中获取有效的信息，运用已有知识解决，难度较大。

11．如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在。已知金属球重5牛，体积为5×10﹣3米3．（滑轮和细线的重力、配重的体积及各种摩擦均忽略不计）
（1）用气泵向甲装置玻璃容器内压入空气，观察到什么现象可以说明金属球受到空气浮力的作用？金属球上升（或配重下降）。

（2）制作该演示器中的空心金属球，用了体积为5×10﹣5米3的金属材料求该金属材料的密度。

（3）小明想通过最小刻度为0.1牛的弹簧测力计反映空气浮力大小的变化，他设想将该演示器改进成如图乙所示装置。压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2千克/米3，现通过气泵向玻璃容器内压入空气，使容器内空气密度增大到3.0千克/米3，能否使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛，请通过计算说明。

【分析】（1）演示器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，若金属球受到浮力，对左侧绳子拉力将减小，由此分析 会出现的现象；

（2）已知金属球重力和所用金属材料的体积，由重力和密度公式计算金属材料的密度；

（3）由阿基米德原理计算压入空气前后金属球受到的浮力，再计算两次弹簧测力计的示数，从而判断弹簧测力计示数变化量比较即可。

【解答】解：
（1）由题知，演示器容器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，即G球=G配， 向甲玻璃容器内压入空气后，若金属球受到空气浮力的作用，则金属球对左侧绳子拉力F=G球﹣F浮，所以F＜G配，金属球会上升（或配重下降）；

（2）金属球重5N，所用金属材料的体积5×10﹣5m3， 则金属材料的密度：ρ====10×103kg/m3；

（3）由阿基米德原理可得，压入空气前金属球受到的浮力：
F浮1=ρ气1gV球=1.2kg/m3×10N/kg×5×10﹣3m3=0.06N， 金属球对定滑轮左侧拉力F=G球﹣F浮1， 滑轮和细线的重力不计，定滑轮两边绳子拉力向下且相等，弹簧测力计的拉力向上， 所以，由力的平衡条件可得，测力计的示数（测力计的拉力）：
F1=2（G球﹣F浮1）=2×（5N﹣0.06N）=9.88N， 同理可得，压入空气后金属球受到的浮力：
F浮2=ρ气2gV球=3.0kg/m3×10N/kg×5×10﹣3m3=0.15N， 此时弹簧测力计的示数：
F2=2（G球﹣F浮2）=2×（5N﹣0.15N）=9.7N， 所以弹簧测力计示数变化值：
△F=F1﹣F2=9.88N﹣9.7N=0.18N＞0.1N。

故答案为：（1）金属球上升（或配重下降）；

（2）该金属材料的密度为10×103kg/m3；

（3）能使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛。

【点评】本题通过验证空气浮力的存在考查了对定滑轮的认识、密度和浮力的计算等，要掌握定滑轮特点，并能熟练应用公式是关键。

12．如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。

（1）若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？ （2）为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，L a、L b是两个完全相同的电磁铁，R a和R b分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液面处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。（假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力）
①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁L a吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为R aˊ和R bˊ，请比较两者的大小关系：R aˊ＜R bˊ。

②已知压敏电阻R a的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合R a的变化曲线画出压敏电阻R b的阻值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2。

【分析】（1）由图乙可得出加热时间和打浆时间，根据W=Pt分别求出豆浆机加热和打浆消耗的电能，二者相加即为工序完成一次豆浆制作需消耗的电能；

（2）当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电阻R aˊ、R bˊ分别与电磁铁L a、L b串联后再并联， 电磁铁L a吸住衔铁，说明电阻R aˊ所在支路的电流较大，根据R=可知，两条支路电阻的大小，进而得出此时压敏电阻的阻值的大小关系；

（3）当杯体内液面高度h＜h1时，豆浆机处于“防干烧”状态，即电热丝所在电路不工作，判断出此时压敏电阻的阻值R aˊ和R bˊ的大小关系；

同理再分析，当杯体内液面高度h1≤h≤h2和h＞h2时，判断压敏电阻的阻值R aˊ和R bˊ的大小关系，结合R a的变化曲线即可画出压敏电阻R b的阻值随液面高度h变化的大致曲线。

【解答】解：（1）由图乙可知，加热时间t1=8min+2min+5min=15min=900s， 打浆时间t2=0.5min+0.5min=1min=60s， 由P=得，豆浆机加热消耗的电能：
W1=P1t1=1000W×900s=9×105J， 豆浆机打浆消耗的电能：
W2=P2t2=200W×60s=1.2×104J， 则完成一次豆浆制作需消耗的电能：
W=W1+W2=9×105J+1.2×104J=9.12×105J。

（2）①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电阻R aˊ、R bˊ分别与电磁铁L a、L b串联后再并联， 电磁铁L a吸住衔铁，说明电阻R aˊ所在支路的电流较大，根据R=可知，电阻R aˊ所在支路的电阻较小， 因为L a、L b是两个完全相同的电磁铁，即线圈电阻相同，所以，此时压敏电阻的阻值的大小关系：R aˊ＜R bˊ。

②当杯体内液面高度h＜h1时，豆浆机处于“防干烧”状态，即电热丝所在电路不工作， 此时压敏电阻的阻值R aˊ＜R bˊ，电阻R aˊ所在支路的电流较大，电磁铁L a吸住弹性衔铁，动触点与静触点接触；
当杯体内液面高度h1≤h≤h2时，豆浆机正常工作，即电热丝或电动机所在电路工作， 此时压敏电阻的阻值R aˊ＞R bˊ，电阻R bˊ所在支路的电流较大，电磁铁L b吸住弹性衔铁，动触点与静触点分离；
当杯体内液面高度h＞h2时，豆浆机处于“防溢浆”状态，即电热丝或电动机所在电路不工作， 此时压敏电阻的阻值R aˊ＜R bˊ，电阻R aˊ所在支路的电流较大，电磁铁L a吸住弹性衔铁，动触点与静触点接触；
综上所述，压敏电阻R b的阻值随液面高度h变化的大致曲线如图所示：
答：（1）按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗9.12×105J电能；

（2）R aˊ＜R bˊ；

（3）如图所示。

【点评】本题以家用豆浆机为背景，综合考查了电功公式，欧姆定律的应用以及电磁继电器的工作过程等知识点， 解题的关键是分析电磁继电器的工作原理和判断电路的状态，也是本题的难点所在。

2021年中考物理模拟试题 7.下列实物连接与电路图相符合的是（水果电池的铜片为正极、锌片为负极）（）
10．某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是（）
A．电能→机械能→光能 B．光能→机能→电能 C．光能→电能→机械能 D．机械能→电能→光能 11.如图为玩具鸟在平面镜中的成像示意图。下列能改变像位置的是（）
A．竖直上移玩具鸟 B．竖直下移平面镜 C．人向平面镜靠近 D．像与镜间放一木板 12．如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向 风扇时扇叶转动，引起灯泡发光。装置A的工作原理是（）
A. 通电线圈周围存在磁场 B．电磁感应。

C．通电线圈能在磁场中转动 D．磁极间相互作用 13.大爆炸宇宙论认为宇宙处于不断的膨胀中，所有的星系都在远离我们而 去，离我们越远的星系，退行越快。若在我们所在的星系1观测，下图能 类比宇宙膨胀的是（箭头方向和长短分别表示运动方向和快慢）（）
15．如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上。挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图像为（）
16.2021年5月5日，夏威夷的基拉韦厄火山喷发。

（1）火山是由地壳运动引起的，有时会给人类带来灾害。请再举一例由地壳运动引起的自然灾害：
________________ （2）基拉韦厄火山喷发的炽热岩浆流入海洋，导致海洋上空形成浓厚的白雾，白雾形成过程中发生的物态变化有_________________（填物态变化名称）
19．2021年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号＂的中继卫星“鹊桥号”，它将成为 “嫦娥四号”与地球间的“通信桥梁” （1）“鹊桥号”＂质量为448千克，发射后随火箭竖直升空1000米的过程中，“鹊桥号”需克服重力做功 _______________焦。

（2）若地月间距离为3.8×105千米，电磁波速度为3×105千米/秒，在月球上发出的电磁波到达地球需____________ 秒。（计算结果保留1位小数）
（3）如图是月球背面照片，其中A处是__________。

20．如图是小明制作的简易“蒸汽船”型。将盛有一定量水的铜容器安装在“船体”上，用蜡烛对铜制容器底部加热，一段时间后铜管会向右喷蒸汽，“蒸汽船”就向左行驶。

（1）蜡烛对铜制容器加热导致容器内水温升高这是通过_______的方式改变水的内能。

（2）当铜管向右喷蒸汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明了___________。

23．如图甲是某身高体重量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高，体重。

（1）若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为____ 帕。

（2）小明利用某压敏电阻R及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示，现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。下列电路设计最合理的是 __________。

24．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一间题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。

①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值。

②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。

③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。

（1）本实验得出的结论是：_________________________________。

（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”．利用现有器材，如何操作可以模拟飞机不同的飞行速度？_________________________________________。

（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系：__________。

26．为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器（20Ω，2.5A）等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验。

①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。

②用R2替换R，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上 老师告知小明；
滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生 ③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接人电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。

（1）图丁中电流表的示数为_________安 （2）步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P 和旋钮触片Q，使电压表示数为4伏？_______________________。

3）小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有______________（可多选）。

A．15欧 B．25欧 C．35欧 D．45欧 30.人体在不同的外界环境中，对热的感觉有不同的程度，散热越困难时往往会感觉到越热，人的热感与气温、相对湿度的关系如图所示。

据图判断，在25℃和35℃时，哪种气温下相对湿度对人体的热感影响较大？并综合运用所学知识对这两种温度时，相对湿度对人体的热感影响情况作出解释。

31．如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在。已知金属球重5牛，体积为5×10-3米3。（滑轮和细线的重力、配重的体积及各种摩擦均忽略不计）
（1）用气泵向甲装置玻璃容器内压入空气，观察到什么现象可以说明金属球受到空气浮力的作用？ ___________________________________________________。

（2）制作该演示器中的空心金属球，用了体积为5×10-5米3的金属材料，求该金属材料的密度。

（3）小明想通过最小刻度为0.1牛的弹簧测力计反映空气浮力大小的变化，他设想将该演示器改进成如图乙所示装置。压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2千克／米3，现通过气泵向玻璃容器内压入空气，使容器内空气密度增大到3.0千克／米3，能否使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛，请通过计算说明。

33．如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体，经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。

（1）若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？ （2）为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，La、Lb是两个完全相同的电磁铁，Ra和Rb分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液而处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。（假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力）。

①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁La吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为为Ra’和和Rb’，请比较两者的大小关系：__________________。

②已知压敏电阻Ra的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合Ra的变化曲线画出压敏电阻Rb的值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2。

参考答案 7B 10C 11A 12B 13A 15D 2021年中考物理模拟试题 一、选择题 1．如图所示，用铅笔尖顶着一个纸风车，置于一杯热水上，风车就会转动。以下叙述正确的是（）
A．风车静止时，只受到重力的作用 B．风车转动时，只受到热空气推力的作用 C．风车转动时，机械能转化为水的热能 D．移去热水，风车由于惯性不会立即停转 2．某同学乘坐高铁，看到车厢内显示的车速为216千米/时。他估测车厢通过隧道用了10秒，则隧道长度约为（）A．60米B．600米C．2160米D．7776米 3．如图是验证“平面镜成像特点”的实验装置，其中A为玻璃板前点燃的蜡烛，B为玻璃板后未点燃的蜡烛。有关本实验的说法错误的是（）
A．玻璃板应该与桌面垂直 B．实验宜在较暗的环境中进行 C．眼睛应从B一侧观察成像情况 D．蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合 4．某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻R x，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（）
A．该同学研究的是电流和电压的关系 B．实验中电压表的示数保持0.5伏不变 C．滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧 D．将R x从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移 二、解答题 5．将纸餐盘、纸杯和吸管按照如图方式粘合在一起即成“纸杯船”。

（1）往纸杯里倒些水，水从吸管喷出时，纸杯船就会前进，说明。

（2）杯内装水越多，吸管喷水越远，因为。

6．将表面有金属镀层的磁铁吸在干电池的负极，将一根硬铜线折成导线框abcd搭在干电池 的正极和磁铁上（如图），导线框abcd就会以干电池为轴转动起来。

（1）图中4条弧线为磁感线，请在答题纸上标出它们的方向。

（2）如果将磁铁的N、S极对调，导线框将。

（3）通电时间稍长，干电池会明显发热，原因是。

7．将普通塑料水管进行改装，能做多个实验。将塑料水管①侧面开口并标上刻度，再将塑卷水管②在侧面不同高度开两个大小合适的口。

（1）将两根塑料管按图甲连接，选合适的滑块放入管①，将一钢球从管②的口放入后，静止释放。观察并记录。取出钢球，将滑块移回原位，将钢球从另一个口放入，重复实验。该实验可验证动能大小与的关系。

（2）将两根塑料管按图乙连接验证“重力势能大小与质量的关系”请你写出实验步骤。

8．某同学用铅笔芯（主要成分是碳）自制简易爱迪生灯泡。他将直径0.5毫米的铅笔芯两端接上导线，放入盛有少量澄清石灰水的广口瓶中（如图甲），连接12伏电源和电流表，闭合开关，铅笔芯发出黄光并渐渐变亮，稍后渐渐变暗。断开电路，发现澄清石灰水变浑浊，铅笔芯明显变细。继续通电，铅笔芯烧断掉落。

（1）某时刻，电流表的示数如图乙所示，为安 （2）请在答题纸图丙中画出该实验的电路图。

（3）瓶中的石灰水可起到作用。

（4）实验中，铅笔芯亮度渐渐变暗的原因是。

9．夏季是溺水多发季节，在野外游泳有很多不安全因素。如清澈的溪流看上去较浅，实际上却较深；
岸边潮湿，容易长有青苔，人在上面行走更容易摔倒；
水面下可能会有暗流或漩涡，人在其附近容易被卷入。万一溺水，人在水下长时间缺氧会导致呼吸和心跳停止。请你解释上述内容所涉及的科学道理。

10．在3D打印笔中装入塑料条，接通电源，等待一段时间后即可挤出热融的塑料，塑料在空气中迅速冷却变成特定的形态（如图甲）。其内部电路如图乙，R1、R2是相同的PTC发热电阻。单个PTC的电阻与温度的关系如图丙。（1）打印笔工作时，PTC电阻发热，塑料受热会逐渐变软变稀。可见，塑料（选填“是”或“不是”）晶体。

（2）打印笔工作有快、慢两档。快档打印时，图中开关S1应处于状态，若此时温度为250℃，打印笔的电功率是多少？ （3）打印笔正常工作时的温度能自动稳定在250℃左右，结合图丙信息，说明理由。

11．图甲是一种壶口处配有自动开合小壶盖的电水壶。

（1）如图乙，电水壶底部的导线连接装置有铜环①、铜环②和铜柱③．经测试发现：①、②之间是绝缘的，②、③之间常温下有十几欧姆的电阻。则与水壶金属外壳相连的装置是。

（2）图丙是自动开合小壶盖简化侧视图。OA是小壶盖，C是其重力作用点。B是小壶盖的配重。OB是配重柄。AOB 能绕固定点O自由转动。请在答题纸图丙中作出小壶盖的重力G及其力臂L。

（3）已知：小壶盖质量为4克，OA=3厘米，OC=1.4厘米，OB=1厘米，∠AOB=135°．要求倒水时，壶身最多倾斜45°，小壶盖便自动打开；
壶身竖直时，小壶盖在水平位置自动闭合。求配重B的质量取值范围。（配重柄质量和O点的摩擦均忽略不计，取1.4）
参考答案与解析：
一、选择题 1．如图所示，用铅笔尖顶着一个纸风车，置于一杯热水上，风车就会转动。以下叙述正确的是（）
A．风车静止时，只受到重力的作用 B．风车转动时，只受到热空气推力的作用 C．风车转动时，机械能转化为水的热能 D．移去热水，风车由于惯性不会立即停转 【分析】（1）风车静止时受到平衡力的作用，对静止和转动的风车时进行受力分析从而判断；

（2）能量转化时，消耗的能转化为得到的能；

（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质。

【解答】解：
A、风车静止时受力平衡，除受到重力外还受到铅笔的支持力的作用，故A错误；

B、风车转动时，风车受到热空气的推力，同时还受重力和支持力的作用，故B错误；

C、在风车的下方放置一杯热水后，热空气向上流动，推动风车转动，将内能转化为机械能，故C错误；

D、移去热水，风车不能立即停止转动，是因为风车具有惯性，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了有关力、力和运动、惯性的有关知识，特别要搞清力和运动的关系，这是中考的热点，也是易错点。

2．某同学乘坐高铁，看到车厢内显示的车速为216千米/时。他估测车厢通过隧道用了10秒，则隧道长度约为（）A．60米B．600米C．2160米D．7776米 【分析】已知速度和时间，根据速度公式 v=算出隧道的长度。

【解答】解：高铁速度为216km/h=60m/s，车厢通过隧道用了t=10s， 根据v=得， 隧道长：s=vt=60m/s×10s=600m。

故选：B。

【点评】本题考查了速度公式的应用，是一道基础计算题，注意速度单位的换算。

3．如图是验证“平面镜成像特点”的实验装置，其中A为玻璃板前点燃的蜡烛，B为玻璃板后未点燃的蜡烛。有关本实验的说法错误的是（）
A．玻璃板应该与桌面垂直 B．实验宜在较暗的环境中进行 C．眼睛应从B一侧观察成像情况 D．蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合 【分析】解答此题从以下知识点入手：
①实验中玻璃板如果不垂直于桌面，后面的蜡烛无法与前面蜡烛的像完全重合；

②眼睛在A的一侧观察。

③物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；

④平面镜成像特点之一：物像等大。

【解答】解：A、实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板应与水平桌面垂直放置。故A正确；

B、在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。所以在比较黑暗的环境中进行实验，故B正确；

C、寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛A一侧观察，在蜡烛B的一侧不能看到蜡烛A的像；
故C错误；

D、平面镜所成的像，物像等大，蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合，故D正确。

故选：C。

【点评】此题以选择题的形式考查平面镜成像实验中需要注意的事项，这既是平时经常强调的地方，又是中考中经常涉及到的地方，要求深入理解，熟练掌握。

4．某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻R x，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（）
A．该同学研究的是电流和电压的关系 B．实验中电压表的示数保持0.5伏不变 C．滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧 D．将R x从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移 【分析】A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变；

B、由图乙求出电流与电阻之积分析；

C、由图乙知，电流为0.5A时，对应的电阻为5Ω；
电流为0.1A时，对应的电阻为25Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围；

D、根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。

【解答】解：
A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A错误；

B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制R x两端的电压不变（即电压表示数不变）；
由图乙知，电流与电阻之积（即R x两端的电压）：U=IR x=0.5A×5Ω=﹣﹣﹣﹣﹣0.1A×25Ω=2.5V，即电压表保持 2.5伏不变，故B错误；

C、由图乙知，电流最大为0.5A时，对应的电阻为5Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：
R滑1=R总﹣R1=﹣R1=﹣5Ω=1Ω；

由图乙知，电流最小为0.1A时，对应的电阻为25Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：R滑2=R总′﹣R2=﹣R2=﹣25Ω=5Ω；

所以，滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧，故C正确；

D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于2.5V）；
探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为2.5V，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故 D错误。

故选：C。

【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律及控制变量法的运用，综合性较强。

二、解答题 5．将纸餐盘、纸杯和吸管按照如图方式粘合在一起即成“纸杯船”。

（1）往纸杯里倒些水，水从吸管喷出时，纸杯船就会前进，说明力的作用是相互的。

（2）杯内装水越多，吸管喷水越远，因为液体压强随深度增加而增大。

【分析】（1）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。

（2）液体压强与深度和密度有关，p=ρgh。

【解答】解：（1）往纸杯里倒些水，水从吸管喷出时，水给空气一个向后的力，由于力的作用是相互的，故空气给水一个向前的力，故纸杯船就会前进。

（2）杯内装水越多，吸管喷水越远，是因为装水越多，水的深度h越大；
运用液体压强随深度增加而增大；
所以喷水越远。

故答案为：（1）力的作用是相互的。（2）液体压强随深度增加而增大。

【点评】深入理解物体间力的作用的相互性，明确影响液体压强的因素；
是解答此题的关键。

6．将表面有金属镀层的磁铁吸在干电池的负极，将一根硬铜线折成导线框abcd搭在干电池 的正极和磁铁上（如图），导线框abcd就会以干电池为轴转动起来。

（1）图中4条弧线为磁感线，请在答题纸上标出它们的方向。

（2）如果将磁铁的N、S极对调，导线框将反转。

（3）通电时间稍长，干电池会明显发热，原因是干电池被短路。

【分析】（1）磁场外部磁感线的方向，从北极出发回到南极；

（2）通电导体在磁场中会受到力的作用，受力方向与电流方向和磁场方向有关；

（3）用导线将干电池两极连起来，形成短路，根据Q=I2Rt分析发热的原因。

【解答】解：（1）磁场外部磁感线的方向，都是从北极出发回到南极；

如图示：
（2）通电导体在磁场中会受到力的作用，受力方向与电流方向和磁场方向有关，其中一个因素变化，导体受力分析改变，若两个同时改变，受力方向不变，故如果将磁铁的N、S极对调，线圈的受力方向改变，导线框将反转；
（3）用导线价格电源的正负极相连会造成电源被短路，电流很大，根据Q=I2Rt，通电时间稍长，干电池会明显发热。

故答案为：（1）如图示：（2）反转；
（3）干电池被短路。

【点评】本题考查磁感线的方向，磁场对通电导体的作用，以及短路时会产生较大的电流，是基础题。

7．将普通塑料水管进行改装，能做多个实验。将塑料水管①侧面开口并标上刻度，再将塑卷水管②在侧面不同高度开两个大小合适的口。

（1）将两根塑料管按图甲连接，选合适的滑块放入管①，将一钢球从管②的口放入后，静止释放。观察并记录滑块被撞击后移动的距离。取出钢球，将滑块移回原位，将钢球从另一个口放入，重复实验。该实验可验证动能大小与速度大小的关系。

（2）将两根塑料管按图乙连接验证“重力势能大小与质量的关系”请你写出实验步骤。将一钢球从管②的一口放入后，静止释放，观察滑块被撞击后移动的距离；
取出钢球，将滑块移回原位，将另一质量不同的钢球从同一个口放入，重复实验。

【分析】重力势能与两个因素有关：高度、质量。利用转换法体现重力势能的大小；
要采用控制变量法进行实验，即研究重力势能与高度关系时控制质量一定；
研究重力势能与质量关系时控制高度一定。

【解答】解：（1）将两根塑料管按图甲连接，选合适的滑块放入管①，将一钢球从管②的一口放入后，静止释放。通过观察滑块被撞击后移动的距离来表示钢球动能的大小，将滑块移回原位，将钢球从另一个口放入，在质量相同时，改变滑块的高度，可验证动能大小与速度大小的关系；

（2）研究重力势能与质量关系时控制高度一定，使用质量不同的钢球；

实验步骤：将一钢球从管②的一口放入后，静止释放，观察滑块被撞击后移动的距离；
取出钢球，将滑块移回原位，将另一质量不同的钢球从同一个口放入，重复实验。

故答案为：（1）滑块被撞击后移动的距离；
速度大小；

（2）将一钢球从管②的一口放入后，静止释放，观察滑块被撞击后移动的距离；
取出钢球，将滑块移回原位，将另一质量不同的钢球从同一个口放入，重复实验。

【点评】在设计实验和写结论时常用控制变量法来分析。在研究物理量的变化时常用转换法来分析。

8．某同学用铅笔芯（主要成分是碳）自制简易爱迪生灯泡。他将直径0.5毫米的铅笔芯两端接上导线，放入盛有少量澄清石灰水的广口瓶中（如图甲），连接12伏电源和电流表，闭合开关，铅笔芯发出黄光并渐渐变亮，稍后渐渐变暗。断开电路，发现澄清石灰水变浑浊，铅笔芯明显变细。继续通电，铅笔芯烧断掉落。

（1）某时刻，电流表的示数如图乙所示，为 1.5 安 （2）请在答题纸图丙中画出该实验的电路图。

（3）瓶中的石灰水可起到瓶中的石灰水可以检验实验中产生的二氧化碳气体，也能防止炽热的铅笔芯掉落使瓶底破裂作用。

（4）实验中，铅笔芯亮度渐渐变暗的原因是铅笔芯在燃烧过程中变细，横截面积变小，电阻变大，由于电源电压不变，根据P=可得，铅笔芯的实际功率变小，所以变暗。

【分析】（1）根据电流表的量程和分度值读出电流；

（2）根据实验目的画出电路图；

（3）二氧化碳可以使澄清的石灰水变浑浊以及吸收热量；

（4）根据影响电阻的小的因素：长度、材料、横截面积分析出电阻的变化；

根据P=分析出灯泡变暗的原因。

【解答】解：（1）电流表的量程为0﹣3A，分度值为0.1A，示数为1.5A；

（2）电路中需要用电流的大小反映出电阻的大小，故需要电流表，电路如下图所示：
（3）铅笔芯在燃烧过程中可以产生二氧化碳和大量的热，瓶中的石灰水可以检验实验中产生的二氧化碳气体，也能防止炽热的铅笔芯掉落使瓶底破裂；

（4）铅笔芯在燃烧过程中变细，横截面积变小，电阻变大，由于电源电压不变，根据P=可得，铅笔芯的实际功率变小，所以变暗。

故答案为：（1）1.5；
（2）见上图；
（3）瓶中的石灰水可以检验实验中产生的二氧化碳气体，也能防止炽热的铅笔芯掉落使瓶底破裂；
（4）铅笔芯在燃烧过程中变细，横截面积变小，电阻变大，由于电源电压不变，根据P=可得，铅笔芯的实际功率变小，所以变暗。

【点评】本题考查了电流表的读数、电路图的画法、石灰水的作用、以及灯泡变暗的原因等知识，其中石灰水的作用是化学知识，是一道综合性题目。

9．夏季是溺水多发季节，在野外游泳有很多不安全因素。如清澈的溪流看上去较浅，实际上却较深；
岸边潮湿，容易长有青苔，人在上面行走更容易摔倒；
水面下可能会有暗流或漩涡，人在其附近容易被卷入。万一溺水，人在水下长时间缺氧会导致呼吸和心跳停止。请你解释上述内容所涉及的科学道理。

【分析】（1）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射；

（2）减小摩擦力的方法有：减小接触面的粗糙程度；
减小压力；
变滑动为滚动；
使接触面脱离接触；

（3）流体压强与流速的关系，水流速大，压强小；

（4）缺氧导致细胞不能进行正常呼吸。

【解答】答：
（1）河底反射的光由水中斜射入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，折射光线向水面偏折，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的“河底”比河底的实际位置浅一些；

（2）岸边潮湿长有青苔，使接触面更光滑，通过减小接触面的粗糙程度减小摩擦，人更容易摔倒；

（3）相对于漩涡边沿，旋涡中心水的流速大、压强小，外侧流速小压强大，形成一个向旋涡中心的压力差，从而人被压入漩涡中。

（4）人在水下长时间缺氧会导致细胞不能进行正常的呼吸作用，不能给人提供能，所以会导致呼吸和心跳停止。【点评】此题考查光的折射现象的具体运用、流体压强与流速的关系、减小摩擦的方法等多个知识点，考查学生